Đốt cháy hoàn toàn 6,72 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X, Y và este đơn chức Z (M_X < M_Y < M_Z) cần vừa đủ 0,29 mol O₂, thu được 3,24 gam H₂O. Mặt khác, 6,72 gam E tác dụng vừa đủ với 0,11 mol NaOH thu được 2,32 gam hai ancol no, cùng số nguyên tử cacbon, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được hỗn hợp T gồm 2 muối. Đốt cháy hoàn toàn T thì thu được Na₂CO₃, H₂O và 0,155 mol CO₂. Phần trăm khối lượng của Y trong E gần nhất với?

Bảo toàn khối lượng —> nCO₂ = 0,29

Bảo toàn O —> nO(E) = 0,18

nNaOH = 0,11 và nCOO = 0,18/2 = 0,09 nên Z là este của phenol

nCOO trong Z = a

nCOO trong X, Y = b

—> a + b = 0,09

nNaOH = 2a + b = 0,11

—> a = 0,02 và b = 0,07

—> nOH trong ancol = 0,07

Đặt ancol là R(OH)n (0,07/n mol)

—> M = R + 17n = 2,32n/0,07

—> R = 113n/7

Vì 2 gốc cùng C nên các ancol là C₂H₅OH (0,01 mol) và C₂H₄(OH)₂ (0,03 mol) (Bấm hệ m ancol và nOH)

X là RCOOC₂H₅ (0,01 mol)

Y là (RCOO)₂C₂H₄ (0,03 mol)

Z là RCOOR’ (R’ là gốc phenol) (0,02 mol)

—> T chứa RCOONa (0,09 mol) và R’ONa (0,02 mol). Đặt u, v là số C tương ứng của 2 muối này.

nNa₂CO₃ = nNaOH/2 = 0,055

—> nC(T) = 0,055 + 0,155 = 0,21

—> 0,09u + 0,02v = 0,21

—> 9u + 2v = 21

Do u ≥ 1 và v ≥ 6 —> u = 1 và v = 6 là nghiệm duy nhất.

Các chất trong T:

X: HCOOC₂H₅ (0,01)

Y: (HCOO)₂C₂H₄ (0,03) —> %Y = 52,68%

Z: HCOOC₆H₅ (0,02)

Chọn C