Câu hỏi:

24/08/2021 971

Ở ruồi giấm, alen A quy định thân xám trội hoàn toàn so với alen a quy định thân đen; alen B quy định cánh dài trội hoàn toàn so với alen b quy định cánh cụt; alen D quy định mắt đỏ trội hoàn toàn so với alen d quy định mắt trắng. Thực hiện phép lai P: $\frac{A b}{a B}$ X^DX^d $\times \frac{A B}{a b} X^{D} Y$ thu được F₁. Biết không xảy ra đột biến. Theo lí thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?
I. Ở F₁ có tối đa 40 kiểu gen.
II. Nếu tần số hoán vị gen bằng 40% thì F₁ có các cá thể thân đen, cánh cụt, mắt trắng chiếm 2,5%.
III. Nếu đời con có các cá thể đực có kiểu hình thân xám, cánh dài, mắt đỏ chiếm 13,75% thì các cá thể cái F₁ có kiểu gen dị hợp tử ba cặp gen chiếm 5%.
IV. Ở F₁, các cá thể thân xám, cánh dài, mắt đỏ luôn chiếm tỉ lệ lớn hơn các kiểu hình còn lại.

A.1

B.2

C.3

D.4

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: Đề thi THPT Quốc gia môn Sinh năm 2022 chọn lọc, có lời giải (30 đề) !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Đáp án B

Hướng dẫn giải

* Nhận xét:

- Ruồi giấm ♂ không xảy ra hoán vị gen.

- P: X^DX^dX^DY = (♀ x ♂)(X^DX^d x X^DY)

* Kiểm chứng các phát biểu

I. Ở F₁ có tối đa 40 kiểu gen.

P: ♀ $\frac{A b}{a B}$ (f% ≠ 0) x ♂ $\frac{A B}{a b}$ (f% = 0) → F₁: 7 kiểu gen

P: X^DX^d x X^DY → F₁: 4 kiểu gen

Do đó: F₁, 7 x 4 = 28 kiểu gen

→ (I) sai

II. Nếu tần số hoán vị gen bằng 40% thì F₁ có các cá thể thân đen, cánh cụt, mắt trắng chiếm 2,5%.

P: ♀ $\frac{A b}{a B}$ (f% = 40%) x ♂ $\frac{A B}{a b}$ → F₁: %aabb = 20% x 50% = 10%

P: X^DX^d x X^DY → F₁:X^dY = $\frac{1}{4}$

Do đó, F₁: aabbdd = 10% x $\frac{1}{4}$ = 2,5%

→ (II) đúng

III. Nếu đời con có các cá thể đực có kiểu hình thân xám, cánh dài, mắt đỏ chiếm 13,75% thì các cá thể cái F₁ có kiểu gen dị hợp tử ba cặp gen chiếm 5%.

- F₁: 13,75% A-B- X^DY = A-B- x X^DY = A-B- x $\frac{1}{4}$ = 13,75%

→ F₁: A-B- = 55% → $\frac{a b}{a b}$ = 5% → F₁:% $\frac{A B}{a b}$ = 2 x % $\frac{a b}{a b}$ = 10%

- F₁: :% $\frac{A B}{a b}$ X^DX^d = 10% x = 2,5%

→ (III) sai

IV. Ở F₁, các cá thể thân xám, cánh dài, mắt đỏ luốn chiếm tỉ lệ lớn hơn các kiểu hình còn lại.

- Chứng minh: Ở F₁, A-B- > aabb, A-bb, aaB-

Ta có: P: (Aa,Bb) x (Aa,Bb)

→F₁: %A-bb = %aaB-

%A-B- + %A-bb (hoặc %aaB-) = 75%

%aabb + %A-bb (hoặc %aaB-) = 25

%A-B- - %aabb = 25%

+ F₁: %A-B- - %aabb = 25% → %A-B- > %aabb

+ F₁: %A-B- + %A-bb = 75%; A-bb ≤ 25% → F₁: %A-B- ≥ 50% → F₁: %A-B- > %A-bb

- Chứng minh: Ở F₁, D- > dd

+ F₁: D- = $\frac{3}{4}$ ; dd = $\frac{1}{4}$ → D- > dd

- Vậy: Ở F₁: % A-B-D- luôn lớn hơn các kiểu hình còn lại

→ (IV) đúng

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Khi nói về bón phân cho cây, phát biểu nào sau đây sai?

A. Khi bón phân, cần chú ý đến đặc điểm di truyền của giống cây.

B. Bón phân càng nhiều thì càng giúp tăng năng suất cây trồng.

C. Phân bón hóa học có thể gây ô nhiễm nông sản và gây ô nhiễm môi trường.

D. Phân bón hóa học có thể làm biến đổi các tính chất lí hóa của môi trường đất.

Lời giải

Đáp án B.

Vì phân bón với nồng độ quá cao thì sẽ gây hại cho cây, làm giảm năng suất cây trồng.

Câu 2

Ở một loài thực vật, xét 2 cặp gen Aa và Bb nằm trên 2 cặp NST khác nhau và mỗi cặp gen quy định 1 cặp tính trạng, alen trội là trội hoàn toàn. Cho cây dị hợp về 1 cặp gen giao phấn với 1 cây cùng loài, thu được F₁ có từ 2 kiểu hình trở lên. Theo lí thuyết, loại kiểu hình mang 2 tính trạng trội ở F₁ có tỉ lệ nhỏ nhất là ?

A. 37,5%.

B. 25%.

C. 50%.

D. 12,5%.

Lời giải

Hướng dẫn giải

Đáp án B.

Nếu cây cùng loài là cây AABB thì đời con có 100% A-B-

Nếu cây cùng loài là cây AaBb, khi lai với cây AABb thì đời con có 75% A-B- Nếu cây cùng loài là cây AaBb, khi lai với cây aaBb thì đời con có 37,5% A-B-

Nếu cây cùng loài là cây AaBB, khi lai với cây aaBb thì đời con có 50% A-B-

Nếu cây cùng loài là cây Aabb, khi lai với cây aaBb thì đời con có 25% A-B-

Câu 3