Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic và ancol: X (no, đơn chức); Y (không no, đơn chức, phân tử có hai liên kết π) và Z (no, hai chức). Cho 0,2 mol E phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu được 12,88 gam hỗn hợp ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 24,28 gam hỗn hợp T gồm ba muối cacboxylat. Đốt cháy toàn bộ T cần vừa đủ 0,175 mol O₂, thu được Na₂CO₃, CO₂ và 0,055 mol H₂O. Phần trăm khối lượng của X trong E có giá trị gần nhất với

Đáp án C

Phương pháp giải:

*Ba ancol thu được cùng dãy đồng đẳng ⟹ Ancol no, đơn chức, mạch hở.

⟹ n_{muối T} = n_E

*Khi đốt cháy T:

Đặt n_Na2CO3 = x mol; n_CO2 = y mol. Lập hệ PT tìm x và y dựa vào BTKL và BTNT O.

*Xét thành phần của hỗn hợp muối T gồm hai muối đơn chức và một muối 2 chức.

Đặt n_{muối 1 chức} = a mol; n_{muối 2 chức} = b mol. Lập hệ PT tìm a và b dựa vào tổng số mol 2 muối và BTNT Na.

Tính số H trung bình để tìm CTCT các muối.

* Quy đổi 12,88 gam ancol thành CH₃OH và CH₂ 

Ghép với công thức muối để tìm ra công thức các este ban đầu.

⟹ %m_X.

Giải chi tiết:

*Ba ancol thu được cùng dãy đồng đẳng ⟹ Ancol no, đơn chức, mạch hở.

⟹ n_{muối T} = n_E = 0,2 mol

*Khi đốt cháy T:

- Đặt n_Na2CO3 = x mol; n_CO2 = y mol

- BTKL: m_T + m_O2 = m_Na2CO3 + m_CO2 + m_H2O

⟹ 106x + 44y = 24,28 + 0,175.32 - 0,055.18 = 28,89 (1)

- BTNT Na: n_COONa(T) = 2n_Na2CO3 = 2x (mol) ⟹ n_O(T) = 4x (mol)

BTNT O: n_O(T) + 2n_O2 = 3n_Na2CO3 + 2n_CO2 + n_H2O

⟹ 4x + 2.0,175 = 3x + 2y + 0,055

⟹ -x + 2y = 0,295 (2)

- Từ (1)(2) ⟹ x = 0,175 mol; y = 0,235 mol.

*Xét thành phần của hỗn hợp muối T gồm hai muối đơn chức và một muối 2 chức.

- Đặt n_{muối 1 chức} = a mol; n_{muối 2 chức} = b mol

⟹ $\left\{\begin{array}{l}a+b=n_T=0,2\\ a+2b=n_{COONa}=2.0,175=0,35\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}a=0,05\\ b=0,15\end{array}\right.$

+) Số H trung bình của hỗn hợp muối: $\frac{2n_{H_{2}O}}{n_T}=\frac{2.0,055}{0,2}=0,55$

⟹ Trong T có muối không chứa nguyên tử H ⟹ (COONa)₂ (0,15 mol)

+) Số H trung bình của hai muối đơn chức = 0,11/0,05 = 2,2

⟹ Một muối đơn chức là HCOONa.

- Muối tạo bởi este Y là muối đơn chức, không no có 1 liên kết đôi C=C

⟹ CTTQ có dạng C_nH_2n-1COONa hay C_n+1H_2n-1O₂Na

Đặt n_{muối tạo bởi Y} = t (mol) ⟹ n_HCOONa = 0,05 - t (mol)

⟹ $\left\{\begin{array}{l}t(n+1)+(0,05-t)=0,175+0,235-0,15.2=0,11\left(BT:C\right)\\ t(2n-1)+(0,05-t)=0,11\left(BT:H\right)\end{array}\right.$

⟹ $\left\{\begin{array}{l}nt=0,06\\ 2nt-2t=0,06\end{array}\right.$  ⟹ $\left\{\begin{array}{l}n=2\\ t=0,03\end{array}\right.$

Vậy hỗn hợp muối T gồm $\left\{\begin{array}{l}HCOONa:0,02\left(mol\right)\\ C_2{H}_{3}COONa:0,03\left(mol\right)\\ {\left(COONa\right)}_2:0,15\left(mol\right)\end{array}\right.$

*Quy đổi 12,88 gam ancol thành CH₃OH (0,35 mol) và CH₂ (0,12 mol)

$\left\{\begin{array}{l}X:HCOOC{H}_3.pC{H}_2\left(0,02\right)\\ Y:C{H}_2=CHCOOC{H}_3.qC{H}_2\left(0,03\right)\\ Z:{\left(COOC{H}_3\right)}_2.mC{H}_2\left(0,15\right)\end{array}\right.$

Ta có: n_CH2 = 0,02p + 0,03q + 0,15m = 0,12

→ m = 0 là nghiệm duy nhất. Để có 3 ancol thì p ≠ q ≠ 0 nên p = 3 và q = 2 là nghiệm duy nhất.

Vậy:

     X là HCOOC₄H₉ (0,02 mol)

     Y là CH₂ = CHCOOC₃H₇ (0,03 mol)

     Z là (COOCH₃)₂ (0,15 mol)

Vậy %m_X = 8,81% gần nhất với 9%.