Một quần thể thực vật lưỡng bội, có AA quy định hoa đỏ, aa quy định hoa trắng, Aa quy định hoa hồng. Thế hệ xuất phát P của quần thể có đủ 3 loại kiểu hình. Theo lí thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?

I. Dựa vào số lượng hoa hồng, có thể tính được tần số alen A và a

II. Nếu số lượng 3 loại kiểu hình bằng nhau thì quần thể đạt trạng thái cân bằng di truyền.

III. Trong quần thể, tỉ lệ các loại kiểu hình luôn bằng tỉ lệ các loại kiểu gen.

IV. Nếu quần thể đạt cân bằng di truyền và tần số A = 0,5 thì cây hoa hồng có tỉ lệ cao nhất.

A. 1.

B. 2.

C. 3.

D. 4.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: [Năm 2022] Đề minh họa môn Sinh THPT Quốc gia có lời giải (25 đề) !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Chọn đáp án B

Giải thích: Cả 2 phát biểu đúng, đó là III và IV.

I sai. Vì cây hoa hồng là cây Aa. Vì vậy, khi dựa vào Aa thì không thể biết được tần số A và a.

II sai. Vì số lượng 3 loại kiểu hình bằng nhau thì khi đó Aa = AA = aa = 1/3 thì quần thể không cân bằng di truyền.

III đúng. Vì trội không hoàn toàn nên mỗi kiểu hình chỉ do 1 kiểu gen quy định. Khi đó quần thể luôn có tỉ lệ kiểu hình bằng tỉ lệ kiểu gen.

IV đúng. Vì khi A = 0,5 thì kiểu gen Aa = 2×0,5×0,5 = 0,5 = 50% nên chiếm tỉ lệ cao nhất.

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Một gen ở sinh vật nhân sơ có tỉ lệ các nuclêôtit trên mạch 1 là: A:T:G:X = 3:2:1:4. Phân tử mARN được phiên mã từ gen này có X-A = 150 và U = 2G. Theo lí thuyết, số nuclêôtit loại A của mARN này là bao nhiêu?

A. 450.

B. 300.

C. 900.

D. 600.

Lời giải

Chọn đáp án A

Giải thích: Mạch 1 của gen có tỉ lệ A₁ : T₁ : G₁ : X₁ = 3:2:1:4 thì suy ra mạch 2 của gen có tỉ lệ T₂ : A₂ : X_{2 :} G₂= 3:2:1:4.

Vì trên phân tử mARN này có U = 2G cho nên suy ra trên mạch gốc của gen có A = 2X. Như vậy, suy ra mạch 2 của gen là mạch gốc.

Ta lại có trên phân tử mARN có X – A = 150 cho nên suy ra G_gốc – T_gốc= G₂ – T₂ = 150.

Vì T₂ : A₂: X₂ : G₂= 3:2:1:4 nên ta có: $\frac{T_{2}}{3} = \frac{A_{2}}{2} = \frac{X_{2}}{1} = \frac{G_{2}}{4} = \frac{G_{2} - T_{2}}{4 - 3} = \frac{150}{4 - 3} = 150$

→ Số nuclêôtit loại A của ARN = số nuclêôtit loại T của mạch gốc = 3 × 150 = 450.

Câu 2

Ở một loài thú, alen A quy định thân cao trội hoàn toàn so với alen a quy định thân thấp; alen B quy định lông đen trội hoàn toàn so với alen b quy định lông trắng; Alen D quy định có sừng trội hoàn toàn so với alen d quy định không sừng. Thực hiện phép lai $\frac{A b}{a B} X^{D} X^{d} \times \frac{A B}{a b} X^{D} Y$ , thu được F₁ có tổng số cá thể thân cao, lông đen, có sừng và cá thể thân cao, lông trắng, không sừng chiếm 46,75%. Biết không xảy ra đột biến và có hoán vị gen ở cả hai giới với tần số bằng nhau. Theo lí thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?

I. Trong tổng số con cái thân cao, lông đen, có sừng ở F₁, số cá thể đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ 3/56.

II. Ở F₁ có số cá thể thân cao, lông đen, không sừng chiếm tỉ lệ 14%.

III. Ở F₁có số cá thể đực thân cao, lông đen, có sừng chiếm tỉ lệ 14%.

IV. Trong tổng số cá thể thân cao, lông đen, có sừng ở F₁, số cá thể cái đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ 1/28.

A. 1.

B. 2.

C. 3.

D. 4.

Lời giải

Chọn đáp án D

Giải thích: Có 4 phát biểu đúng.

Phép lai $\frac{A b}{a B} X^{D} X^{d} \times \frac{A B}{a b} X^{D} Y = (\frac{A b}{a B} \times \frac{A B}{a b}) (X^{D} X^{d} \times X^{D} Y)$

F₁ có 46,75% số cá thể thân cao, lông đen, có sừng (A-B-D-) và cá thể thân cao, lông trắng, không sừng (A-bbdd)

Ta có: (0,5 + $\frac{a b}{a b}$ ) × 0,75 + (0,25 - $\frac{a b}{a b}$ ) × 0,25 = 0,25 × (1,5 + 0,25 + 2. $\frac{a b}{a b}$ ) = 0,4675.

Giải ra ta được $\frac{a b}{a b}$ = (0,4675: 0,25 – 1,75) : 2 = 0,06.

$\frac{A b}{a B} \times \frac{A B}{a b}$ cho đời con có 0,06 $\frac{a b}{a b}$ = 0,3ab × 0,2ab.

I. Trong tổng số con cái thân cao, lông đen, có sừng ở F₁, số cá thể đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ = $\frac{\frac{A B}{A B}}{A - B -} \times \frac{X^{D} X^{D}}{X^{D} X^{-}} = 0 \frac{0, 06}{0, 56} \times \frac{1}{2}$ = 3/56.

II. Ở F₁ có số cá thể thân cao, lông đen, không sừng (A-B-dd) chiếm tỉ lệ = 0,56×1/4 = 0,14 = 14%.

III. Ở F₁ có số cá thể đực thân cao, lông đen, có sừng (A-B-XDY) chiếm tỉ lệ = 0,56×1/4 = 0,14 = 14%.

IV. Trong tổng số cá thể thân cao, lông đen, có sừng (A-B-D-) ở F₁, số cá thể cái đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ = $\frac{\frac{A B}{A B}}{A - B -} \times \frac{X D X D}{X D} = \frac{0, 06}{0, 56} \times \frac{1}{3}$ = 1/28.