Hỗn hợp E chứa ba este mạch hở gồm X (chứa 2 liên kết π), Y (chứa 4 liên kết π) và Z (chứa 5 liên kết π); trong phân tử mỗi este chỉ chứa một loại nhóm chức. Đốt cháy hoàn toàn 20,28 gam E cần dùng 1,0 mol O₂, thu được CO₂ và 12,24 gam H₂O. Nếu đun nóng 20,28 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được 0,1 mol hỗn hợp T gồm hai ancol đều no, hơn kém nhau một nguyên tử cacbon và 22,58 gam hỗn hợp F gồm hai muối của hai axit cacboxylic. Cho các nhận định sau:

(1) X cho được phản ứng tráng bạc.

(2) Y tác dụng tối đa với Br₂ trong dung dịch theo tỷ lệ mol 1: 2.

(3) Hai ancol trong T đều hòa tan được Cu(OH)₂ tạo phức xanh lam.

(4) Tổng số nguyên tử hiđro trong hai phân tử X, Y là 24.

Số nhận định đúng là

Đáp án đúng là: A

$n_{H_{2}O}$ = 0,68 mol

Bảo toàn khối lượng → $n_{C{O}_2}$= 0,91 mol.

→ n_O(E) = $\frac{\left(mE–mC–mH\right)}{16}$= 0,5 mol.

→ n_NaOH = $\frac{n_O}{2}$= 0,25 mol.

Ancol chứa H (u mol), C (v mol) và O (0,25 mol)

n_Ancol = 0,5u – v = 0,1

Bảo toàn khối lượng → m_Ancol = u + 12v + 0,25.16 = m_E + m_NaOH – m _muối

→ u = 0,7; v = 0,25

Số C = $\frac{v}{0,1}$= 2,5 và ancol có n_C = n_O → C₂H₄(OH)₂ (0,05) và C₃H₅(OH)₃ (0,05)

Sản phẩm chỉ có 2 muối nên có 2TH:

(Dưới đây đặt ACOOH là axit có 1π và BCOOH là axit có 2π)

TH1:

X là (ACOO)₂C₂H₄ (x mol)

Y là (BCOO)₂C₂H₄ (y mol)

Z là (ACOO)(BCOO)₂C₃H₅ (0,05 mol)

$n_{C_2{H}_4{\left(OH\right)}_2}$= x + y = 0,05

$n_{C{O}_2}$– $n_{H_{2}O}$= 0,23 = x + 3y + 0,05.4

→ Vô nghiệm, loại.

TH2:

X là (ACOO)₂C₂H₄ (0,05 mol)

Y là (ACOO)₂(BCOO)C₃H₅ (y mol)

Z là (ACOO)(BCOO)₂C₃H₅ (z mol)

$n_{C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3}$= y + z = 0,05

$n_{C{O}_2}$– $n_{H_{2}O}$ = 0,23 = 0,05 + 3y + 4z

→ y = 0,02; z = 0,03

Muối gồm ACOONa (0,17) và BCOONa (0,08)

m _muối = 0,17(A + 67) + 0,08(B + 67) = 22,58

→ 17A + 8B = 583 →A = 15 và B = 41 là nghiệm duy nhất.

X là (CH₃COO)₂C₂H₄ (0,05 mol)

Y là (CH₃COO)₂(C₃H₅COO)C₃H₅ (0,02 mol)

Z là (CH₃COO)(C₃H₅COO)₂C₃H₅ (0,03 mol)

(1) Sai

(2) Sai, n_Y : $n_{B{r}_2}$ = 1 : 1

(3) Đúng

(4) Sai, X, Y có tổng 26H