Câu hỏi:

23/10/2019 13,891

Xà phòng hóa hoàn toàn 0,1 mol một este E đơn chức, mạch hở bằng 26 gam dung dịch MOH 28% (M là kim loại kiềm) rồi tiến hành chưng cất sản phẩm thu được 26,12 gam chất lỏng và 12,88 gam chất rắn khan Y. Nung chất rắn Y trong bình kín với lượng oxi vừa đủ, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được khí CO2, hơi nước và 8,97 gam một muối duy nhất.

1.   Cho các phát biểu liên quan tới bài toán:

2.   Thể tích CO2 (ở đktc) thu được 5,264 lít.

3.   Tổng số nguyên tử C, H, O có trong một phân tử E là 21.

4.   Este E tạo bởi ancol có phân tử khối là 74.

5.   Este E có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc.

Trong các phát biểu trên, số phát biểu đúng là:

Quảng cáo

Trả lời:

verified
Giải bởi Vietjack

Đáp án C

- Chất lỏng thu được sau pư gồm H2O của dung dịch ROH và ancol.

mROH = 7,28 gam; mH2O = 18,72 gam

=> m ancol = 7,4 gam

Sau pư còn MOH dư nên este pư hết.

n ancol = n este = 0,1 mol

=> M ancol = 74 gam: C4H9OH (vì este đơn chức)

nROH bd= 7,28M+17

nmuoi=8,972M+60

R bảo toàn nên ta có:

n ROH = 2 nmuối

=> M = 39: Kali

n KOH ban đầu = 0,13 mol; n KOH dư = 0,13 - 0,1 = 0,03 mol

=>  m muối của este = 12,88 - 0,03 . 56 = 11,2 gam

=> M muối = 112

Muối có công thức là R-COO-K

=> R = 29: C2H5

Vậy este là C2H5COOC4H9 => (2) và (4) sai

BTNT C: => nCO2 = 0,125mol => V = 3,024 lít => (1) sai

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Lời giải

Đáp án C

X có dạng CnH2n-2kO4

nCO2 = x;  nH2O = y x + y = 0,5  (1)

Bảo toàn O: 2nCO2 + nH2O = 2.0,3 + 4nX  (2)

Ta có nCO2 – nH2O = k.nX  (3)

(1), (2), (3) nCO2 = 0,3;  nH2O = 0,2;  nX = 0,05;   k = 1

Y tạo bởi axit 2 chức no, mạch hở  và 1 ancol no, mạch hở và 1 ancol ko no (1 lk π), mạch hở

CTCT Y:

 

  mchất rắn = mNaOH dư + m(COONa)2 = 0,1.40 + 0,05.134 = 10,7 gam

Chú ý:

NaOH dư

Lời giải

Đáp án D

mMOH=26.28/100=7,28 g

=> nMOH=7,28/(M+17)

mH2O=26-7,28=18,72

=> nH2O=1,04 mol

nH2=0,57 mol

BTKL: mX+mY - m ddMOH=24,72+10,08-26

=> m=8,8 h

E là esto no, đơn chức, mạch hở nên X là ancol no, đơn chức, mạch hở ROH

X gồm: H2O (1,04 mol) và ROH trong đó 

=> E là HCOOC3H7

Y gồm: HCOOM (0,1 mol) và MOH dư (a mol)

Đốt Y: 

BTNT M:

 

Y gồm: HCOOK (0,1 mol) và KOH dư (0,03 mol)