Hỗn hợp X chứa ba este mạch hở được tạo bởi các ancol no gồm hai este đơn chức và một este hai chức (trong đó có hai este có cùng số nguyên tử C và cùng số liên kết $π C - C$ ). Hidro hóa hoàn toàn 0,2 mol X cần dùng 0,24 mol H₂ (xúc tác Ni, $t^{0}$ ) thu được hỗn hợp Y. Đun nóng Y với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp Z gồm hai ancol và 23,08 gam hỗn hợp T gồm 2 muối của axit đơn chức. Đốt cháy hoàn toàn Z cần dùng 0,72 mol O₂, thu được CO₂ và 12,78 gam H₂O. Phần trăm về khối lượng của este đơn chức có khối lượng phân tử lớn trong hỗn hợp X là

A. 29,0%.

B. 14,7%.

C. 14,5%.

D. 29,4%.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: 25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Đáp án C

Hỗn hợp T gồm 2 muối của axit đơn chức nên X chứa este 2 chức được tạo thành từ ancol 2 chức.

$\to n_{X} = n_{a n c o l} = 0, 2 0, 2 Z : \overset{O_{2} : 0, 72}{\to} \{\begin{cases} H_{2} O : 0, 71 \\ C O_{2} : n_{C O_{2}} = n_{H_{2} O} - n_{Z} = 0, 51 (a n c o l n o) \end{cases}$

BT O: $n_{O (Z)} = 2 n_{C O_{2}} + n_{H_{2} O} - 2 n_{O_{2}} = 0, 29$

$\to \{\begin{cases} n_{C_{n} H_{2 n + 2} O} : x \\ n_{C_{m} H_{2 m + 2} O} : y \end{cases} \to \{\begin{cases} x + y = 0, 2 \\ x + 2 y = 0, 29 \end{cases} \to \{\begin{cases} x = 0, 11 \\ y = 0, 09 \end{cases} \overset{B T C}{\to} n .0, 11 + m .0, 09 = 0, 51 \to \{\begin{cases} n = 3 \\ m = 2 \end{cases} \to Z \{\begin{cases} C_{3} H_{7} O H : 0, 11 \\ C_{2} H_{4} {(O H)}_{2} : 0, 09 \end{cases} n_{N a O H} = n_{O (Z)} = 0, 29 \to n_{T} = n_{N a O H} = 0, 29 \to \bar{M_{T}} = 79$

Vậy trong T chứa muối HCOONa

Vậy trong Y chứa $\to \{\begin{cases} A : H C O O C_{3} H_{7} \\ B : R C O O C_{3} H_{7} \\ C : {(R^{'} C O O)}_{2} C_{2} H_{4} : 0, 09 \end{cases}$

Lúc này trong Y gồm các este no, trong X các este không no được tạo thành từ axit không no (vì ancol no) nên A không thể được tạo thành từ este không no. Vậy 2 este B, C là 2 este cùng số nguyên tử cacbon và cùng số liên kết $π C - C$

TH1: Este có 1 liên kết $π C - C$ .

$\{\begin{cases} n_{R C O O N a} = 0, 24 \\ n_{H C O O N a} = 0, 05 \end{cases} \to 0, 24. (R + 67) + 0, 05.68 = 23, 08 \to R = 15$ (loại vì este phải không no).

TH2: Este có 2 liên kết $π C - C$ .

$\{\begin{cases} n_{R C O O N a} = 0, 12 \\ n_{H C O O N a} = 0, 17 \end{cases} \to 0, 12. (R + 67) + 0, 17.68 = 23, 08 \to R = 29$

Vậy hỗn hợp este ban đầu gồm $\to \{\begin{cases} A : H C O O C_{3} H_{7} : 0, 17 - 0, 09 = 0, 08 \\ B : C H \equiv C - C O O C_{3} H_{7} : 0, 12 - 0, 09 = 0, 03 \\ C : C H \equiv C - C O O C_{2} H_{4} O O C H : 0, 09 \end{cases}$

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Hỗn hợp E gồm ba chất X, Y và ancol propylic. X, Y là hai amin kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng, phân tử X, Y đều có hai nhóm NH₂ và gốc hiđrocacbon không no, M_X < M_Y. Đốt cháy hết 0,12 mol E cần dùng vừa đủ 0,725 mol O₂, thu được H₂O, N₂ và 0,46 mol CO₂. Phần trăm khối lượng của X có trong E là

A. 40,89%.

B. 30,90%.

C. 31,78%.

D. 36,44%.

Lời giải

Đáp án D

$E \{\begin{cases} C_{n} H_{2 n + 4 - 2 k} N_{2} : x \\ C_{3} H_{7} O H : y \end{cases} \to \{\begin{cases} x n + y .3 = 0, 46 \\ x + y = 0, 12 \\ x . (1, 5 n + 1 - 0, 5 k) + 4, 5 y = 0, 725 \end{cases} \to \{\begin{cases} x n + y .3 = 0, 46 \\ x + y = 0, 12 \\ 1, 5. (x n + 3 y) + x . (1 - 0, 5 k) = 0, 725 \end{cases} \to \{\begin{cases} 1, 5.0, 46 + x . (1 - 0, 5 k) = 0, 725 \\ x + y = 0, 12 \end{cases} \to \{\begin{cases} x . (1 - 0, 5 k) = 0, 035 \\ x + y = 0, 12 \end{cases}$

Vì $x < 0, 12 \to k < 1, 42$

Gốc hiđrocacbon không no nên $k \geq 1$

$\to \{\begin{cases} x = 0, 07 \\ y = 0, 05 \\ n = \frac{31}{7} \end{cases} \to \{\begin{cases} C_{4} H_{10} N_{2} : a \\ C_{5} H_{12} N_{2} : b \end{cases} \to \{\begin{cases} a + b = 0, 07 \\ 4 a + 5 b + 3.0, 05 = 0, 46 \end{cases} \to \{\begin{cases} a = 0, 04 \\ b = 0, 03 \end{cases} \to % C_{4} H_{10} N_{2} = 36, 44 %$ .

Đối với bài toán này, khó nhất là biện luận tìm số liên kết bội trong amin. Nếu không có cách nào tìm ra k cụ thể, hoặc không thể biện luận tìm k thì cách cuối cùng có thể xem xét đến là chia trường hợp cho k, có thể thử $k = 1, k = 2 . . .$ Đối với dạng bài này thường đề sẽ không cho k quá lớn nên cách này cũng không mất quá nhiều thời gian.