Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở (cấu tạo từ Gly, Ala) và este Y (no, đơn chức, mạch hở). Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần 28,56 lít O₂ (đktc). Mặt khác thủy phân m gam E trong dung dịch NaOH vừa đủ thu được 32,4 gam hỗn hợp muối F. Đôt cháy hoàn toàn F cần 26,4 gam O₂ thu được H₂O, Na₂CO₃ , N₂ và 25,3 gam CO₂. Phần trăm khối lượng của X trong E là

A. 59,09%.

B. 45,94%.

C. 49,62%.

D. 62,95%.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: 25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Đáp án C

$E \{\begin{cases} H C O O C H_{3} : x \\ C_{2} H_{3} N O : y \\ C H_{2} \\ H_{2} O \end{cases} \overset{N a O H}{\to} 32, 4 \{\begin{cases} H C O O N a : x \\ C_{2} H_{4} N O_{2} N a : y \\ C H_{2} : z \end{cases} \to \{\begin{cases} H C O O N a + 0, 5 O_{2} \to 0, 5 C O_{2} + 0, 5 H_{2} O + 0, 5 N a_{2} C O_{3} \\ C_{2} H_{4} N O_{2} N a + 2, 25 O_{2} \to 1, 5 C O_{2} + 2 H_{2} O + 0, 5 N a_{2} C O_{3} + 0, 5 N_{2} \\ C H_{2} + 1, 5 O_{2} \to C O_{2} + H_{2} O \end{cases} \to \{\begin{cases} 68 x + 97 y + 14 z - 32, 4 \\ 0, 5 x + 1, 5 y + z = 0, 575 \\ 0, 5 x + 2, 25 y + 1, 5 z = 0.825 \end{cases} \to \{\begin{cases} x = 0, 15 \\ y = 0, 2 \\ z = 0, 2 \end{cases}$

Số mol C₂H₃NO bằng số mol CH₂ nên CH₂ không thể nằm hết trong peptit vì peptit chứa cả Gly và Ala. Nên muối của este là CH₃COONa.

$E \{\begin{cases} H C O O C H_{3} : 0, 15 \\ C_{2} H_{3} N O : 0, 2 \\ C H_{2} : t \\ H_{2} O \end{cases} \to \{\begin{cases} H C O O C H_{3} + 2 O_{2} \to 2 C O_{2} + 2 H_{2} O \\ C_{2} H_{3} N O + 2, 25 O_{2} \to 2 C O_{2} + 1, 5 H_{2} O + 0, 5 N_{2} \\ C H_{2} + 1, 5 O_{2} \to C O_{2} + H_{2} O \end{cases} n_{O_{2}} = 1, 275 \to 0, 15.2 + 0, 2.2, 25 + 1, 5 t = 1, 275 \to t = 0, 35$

Sự chênh lệch số mol CH₂ trong muối và trong hỗn hợp E chính là số mol CH₂ trong ancol.

nên este là CH₃COOC₂H₅

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Hỗn hợp E gồm ba chất X, Y và ancol propylic. X, Y là hai amin kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng, phân tử X, Y đều có hai nhóm NH₂ và gốc hiđrocacbon không no, M_X < M_Y. Đốt cháy hết 0,12 mol E cần dùng vừa đủ 0,725 mol O₂, thu được H₂O, N₂ và 0,46 mol CO₂. Phần trăm khối lượng của X có trong E là

A. 40,89%.

B. 30,90%.

C. 31,78%.

D. 36,44%.

Lời giải

Đáp án D

$E \{\begin{cases} C_{n} H_{2 n + 4 - 2 k} N_{2} : x \\ C_{3} H_{7} O H : y \end{cases} \to \{\begin{cases} x n + y .3 = 0, 46 \\ x + y = 0, 12 \\ x . (1, 5 n + 1 - 0, 5 k) + 4, 5 y = 0, 725 \end{cases} \to \{\begin{cases} x n + y .3 = 0, 46 \\ x + y = 0, 12 \\ 1, 5. (x n + 3 y) + x . (1 - 0, 5 k) = 0, 725 \end{cases} \to \{\begin{cases} 1, 5.0, 46 + x . (1 - 0, 5 k) = 0, 725 \\ x + y = 0, 12 \end{cases} \to \{\begin{cases} x . (1 - 0, 5 k) = 0, 035 \\ x + y = 0, 12 \end{cases}$

Vì $x < 0, 12 \to k < 1, 42$

Gốc hiđrocacbon không no nên $k \geq 1$

$\to \{\begin{cases} x = 0, 07 \\ y = 0, 05 \\ n = \frac{31}{7} \end{cases} \to \{\begin{cases} C_{4} H_{10} N_{2} : a \\ C_{5} H_{12} N_{2} : b \end{cases} \to \{\begin{cases} a + b = 0, 07 \\ 4 a + 5 b + 3.0, 05 = 0, 46 \end{cases} \to \{\begin{cases} a = 0, 04 \\ b = 0, 03 \end{cases} \to % C_{4} H_{10} N_{2} = 36, 44 %$ .

Đối với bài toán này, khó nhất là biện luận tìm số liên kết bội trong amin. Nếu không có cách nào tìm ra k cụ thể, hoặc không thể biện luận tìm k thì cách cuối cùng có thể xem xét đến là chia trường hợp cho k, có thể thử $k = 1, k = 2 . . .$ Đối với dạng bài này thường đề sẽ không cho k quá lớn nên cách này cũng không mất quá nhiều thời gian.