Câu hỏi:

21/09/2020 222

Cho X, Y, Z là ba peptit đều mạch hở và $M_{X} > M_{Y} > M_{Z}$ . Đốt cháy hoàn toàn a mol mỗi peptit X, Y hoặc Z đều thu được số mol $C O_{2}$ nhiều hơn số mol $H_{2} O$ là a mol. Mặt khác, nếu đun nóng 69,8 gam hỗn hợp E (chứa X, Y và 0,16 mol Z; số mol của X nhỏ hơn số mol của Y) với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được dung dịch chỉ chứa 2 muối của alanin và valin có tổng khối lượng 101,04 gam. Phần trăm khối lượng của X có trong hỗn hợp E gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 10%.

B. 95%.

C. 54%

D. 12%.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: 32 Bài tập đốt cháy peptit có đáp án !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Do khi đốt a mol mỗi peptit đều thu được số mol $C O_{2}$ nhiều hơn số mol $H_{2} O$ là a mol mà các peptit đều được tạo từ các aminoaxit no, có 1 nhóm $N H_{2}$ và 1 nhóm COOH nên các peptit này có số lượng mắt xích như nhau.

Giả sử số mắt xích mỗi peptit là k → CTTQ: $C_{n} H_{2 n + 2 - 2 k + k} N_{k} O_{k + 1}$

$C_{n} H_{2 n + 2 - 2 k + k} N_{k} O_{k + 1} \to n C O_{2} + (n + 1 - 0, 5 k) H_{2} O$

a na a(n+1-0,5k)

→ na - a(n+1-0,5k) = a → k = 4

Vậy các peptit đều là tetrapeptit

Đặt $n_{p e p t i t} = a m o l \to n_{N a O H} = 4 a m o l; n_{H 2 O} = a m o l$

BTKL: $m_{p e p t i t} + m_{N a O H} = m_{m u o i} + m_{H 2 O} \to 69, 8 + 4 a .40 = 101, 04 + 18 a \to a = 0, 22 m o l$

Đặt số mol muối của Ala và Val lần lượt là x và y (mol)

+) BTNT “Na”: x + y = $n_{N a O H} = 0, 88 (1)$

+) $m m u ố i = 111 x + 139 y = 101, 04 (2)$

Giải (1) và (2) được x = 0,76 mol và y = 0,12 mol

Sơ đồ bài toán:

$69, 8 (g) \{\begin{matrix} X \\ Y \\ Z : 0, 16 \end{matrix} \overset{+ N a O H v u a đ u}{\to} \{\begin{matrix} A l a - N a : a \\ V a l - N a : b \end{matrix}$

BTNT “C”: $n_{C (X)} = 2 n_{A l a - N a} + 5 n_{V a l - N a} = 2.0, 76 + 5.0, 12 = 2, 12 m o l$

→ $C_{t r u n g b ì n h} = 2, 12 : 0, 22 = 9, 6$ chứng tỏ trong X có peptit có số C nhỏ hơn 9,6

Số mắt xích Val trung bình = 0,12 : 0,22 = 0,54 → Có peptit không chứa Val

$\to C (Z) = 8 \to Z l à A l a_{4} (M = 89.4 - 18.3 = 302)$

$\to n_{A l a (X, Y)} = 0, 76 - 0, 16.4 = 0, 12$

Mặt khác:

$n_{X} + n_{Y} = 0, 22 - 0, 16 = 0, 06 m o l$

$m_{X} + m_{Y} = m_{h h} - m_{Z} = 69, 8 - 0, 16.302 = 21, 48 g a m$

→ M(X, Y) = 21,48 : 0,06 = 358 → Y là $A l a_{3} V a l (M = 330)$

Do $A l a_{2} V a l_{2}$ (M = 358) nên X không thể là chất này. Có 2 trường hợp sau:

TH1:

X là $A l a V a l_{3} (x m o l)$

Y là $A l a_{3} V a l (y m o l)$

x + y = 0,06

$x + 3 y = n_{A l a (X, Y)} = 0, 12$

→ x = y = 0,03 loại do không thỏa mãn $n_{X} < n_{Y}$

TH2:

X là $V a l_{4} (x m o l)$

Y là $A l a_{3} V a l (y m o l)$

$n_{A l a (X, Y)} = 3 y = 0, 12$ → y = 0,04 → x = 0,02 (thỏa mãn)

$\to % m_{X} = (0, 02.414 / 69, 8) .100 % = 11, 86 %$ gần nhất với 12%

Đáp án cần chọn là: D

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Một tripeptit no, mạch hở X có công thức phân tử $C_{x} H_{y} O_{6} N_{4}$ . Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X thu được 26,88 lít $C O_{2}$ (đktc) và m gam $H_{2} O$ . Giá trị của m là

A. 19,80

B. 18,90

C. 18,00

D. 21,60.

Lời giải

$n_{C O_{2}} = \frac{26, 88}{22, 4} = 1, 2 m o l$

X chứa 2 nhóm –CONH => trong phân tử X còn 2 nhóm –COOH và 2 nhóm $- N H_{2}$ nữa => k = 4

=> Công thức của X có dạng $C_{x} H_{2 x - 2} O_{6} N_{4}$ = 1,2 mol, $n_{X} = 0, 1 m o l$ → số nguyên tử C trong $X = \frac{n_{C O_{2}}}{n_{X}} = \frac{1, 2}{0, 1} = 12$