Hỗn hợp X gồm hai hợp chất hữu cơ E (C3H12O3N2) và F (C2H7O3N). Cho m gam E tác dụng vừa đủ với 350 ml dung dịch H2SO4 1M, thu được một chất khí vô cơ Y. Mặt khác, cho m gam E tác dụng với 1 lít dung...

- X tác dụng với H2SO4 tạo khí vô cơ Y → X có chứa muối của H2CO3 - X tác dụng với OH- tạo khí hữu cơ Z → X có chứa muối amoni của amin →XE: (CH3NH3)2CO3: a molF: CH3NH3HCO3: b mol→nH+=2a+b=0,35.2 (1) TNa: 0,6 molK+: 1 mol→BT.CCO32-:(a+b) mol→BTDTOH-:(1,6-2a-2b) mol→0,6.23+1.39+60(a+b)+17.(1,6-2a-2b)=94,3 (2) Từ (1), (2)→a=0,15b=0,4→m=55,8

Câu hỏi:

20/07/2024 562

Hỗn hợp X gồm hai hợp chất hữu cơ E (C₃H₁₂O₃N₂) và F (C₂H₇O₃N). Cho m gam E tác dụng vừa đủ với 350 ml dung dịch H₂SO₄ 1M, thu được một chất khí vô cơ Y. Mặt khác, cho m gam E tác dụng với 1 lít dung dịch hỗn hợp gồm NaOH 0,6M và KOH 1M, đun nóng, thu được dung dịch T chứa 94,3 gam chất tan và một chất khí hữu cơ Z (có khả năng làm quỳ tím ẩm hóa xanh). Giá trị của m là

A. 52,7 gam.

B. 58,9 gam.

C. 49,6 gam.

D. 55,8 gam.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: (2024) Đề minh họa tham khảo BGD môn Hóa có đáp án (Đề 11) !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

- X tác dụng với H₂SO₄ tạo khí vô cơ Y $\to$ X có chứa muối của H₂CO₃

- X tác dụng với OH^- tạo khí hữu cơ Z $\to$ X có chứa muối amoni của amin

$\to X \{\begin{cases} E : {(C H_{3} N H_{3})}_{2} C O_{3} : a m o l \\ F : C H_{3} N H_{3} H C O_{3} : b m o l \end{cases} \to n_{H^{+}} = 2 a + b = 0, 35.2 (1)$

T $\{\begin{cases} N a : 0, 6 m o l \\ K^{+} : 1 m o l \\ \overset{B T . C}{\to} C {O_{3}}^{2 -} : (a + b) m o l \\ \overset{B T D T}{\to} O H^{-} : (1, 6 - 2 a - 2 b) m o l \end{cases}$ $\to$ 0,6.23+1.39+60(a+b)+17.(1,6-2a-2b)=94,3 (2)

Từ (1), (2) $\to \{\begin{cases} a = 0, 15 \\ b = 0, 4 \end{cases} \to m = 55, 8$

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Một công ty tại Thành phố Hồ Chí Minh chuyên sản xuất thép với công nghệ là lò luyện thép Martin (phản ứng luyện thép trong lò là: Fe_xO_y + C Fe + CO₂). Nguyên liệu công ty trên sử dụng để luyện thép gồm sắt phế liệu (chứa 50% Fe₃O₄; 49% Fe; 1% C theo khối lượng) và gang (với 4% khối lượng C). Với giá thành nguyên liệu và chi phí (nhân công, điện, hao mòn thiết bị) cho theo bảng sau:

Sắt phế liệu

Gang (4% C)

Thép thành phẩm (1% C)

Chi phí/1kg thép

Giá (vnđ/1kg)

8000

13000

16000

1500

Một mẻ luyện thép vừa đủ cần 5 tấn gang và m tấn sắt phế liệu. Số tiền công ty lãi gần nhất với?

A. 18,8 triệu.

B. 15,6 triệu.

C. 21,3 triệu.

D. 17,2 triệu.

Lời giải

Trong 5 tấn gang chứa \[\left\{ \begin{array}{l}{m_{Fe}} = 4,8\\{m_C} = 0,2\end{array} \right.\] và trong m tấn sắt phế liệu chứa \[\left\{ \begin{array}{l}{m_{F{e_3}{O_4}}} = 0,5m\\{m_{Fe}} = 0,49m\\{m_C} = 0,01m\end{array} \right.\]

Phản ứng trong lò luyện thép: $F e_{3} O_{4} + C \overset{t^{o}}{\to} 3 F e + 2 C O_{2}$

$\to n_{F e_{3} O_{4}} = \frac{0, 5 m}{232} \overset{B T N T . O}{\to} n_{C O_{2}} = n_{c}^{P u} = \frac{m}{232}$

Thép thành phẩm chứa $\{\begin{cases} m_{F e} = 4, 8 + 0, 49 m + \frac{0, 5 m}{232} . 3.56 \\ m_{C} = 0, 2 + 0, 01 m - \frac{m}{232} . 12 \end{cases}$ $\to \frac{m_{c}}{m_{F e}} = \frac{1}{99} \to m = 3$ (tấn)

Khối lượng của thép = 7,43 (tấn)

Số tiền lãi \[ = 7,43.1000.16000 - (3.1000.8000 + 5.1000.13000 + 7,43.1000.1500) = 18,735\] (triệu)

Câu 2

Để xác định thành phần của một chiếc đinh sắt đã bị oxi hóa một phần thành gỉ sắt (Fe₂O₃.nH₂O), người ta tiến hành như sau:

- Bước 1: Hòa tan hoàn toàn đinh sắt vào dung dịch H₂SO₄ loãng, đun nóng (dùng gấp ba lần lượng cần phản ứng, giả thiết Fe chỉ phản ứng với axit), thu được 100 ml dung dịch X.

- Bước 2: Cho dung dịch Ba(OH)₂ dư và 20,0 ml dung dịch X, thu được 4,3115 gam kết tủa.

- Bước 3: Nhỏ từ từ dung dịch KMnO₄ 0,05M vào 10,0 ml dung dịch X đến khi phản ứng vừa đủ thì hết 8,00 ml.

Giả thiết toàn bộ gỉ sắt tạo ra bám trên đinh sắt. Phần trăm khối lượng đinh sắt đã bị oxi hóa thành gỉ sắt là

A. 30%.

B. 25%.

C. 20%.

D. 10%.

Lời giải

$\{\begin{cases} F e \\ F e_{2} O_{3} \end{cases} \overset{H_{2} S O_{4}}{\to} X \{\begin{cases} F e S O_{4} : a m o l \\ F e_{2} {(S O_{4})}_{3} : b m o l \\ H_{2} S O_{4} : 2 . (a + 3 b) m o l \end{cases}$ $\to \underset{⏟}{90 a} + \underset{⏟}{2 b . 107} + \underset{⏟}{233.3 . (a + 3 b)} = 4, 3115 \overset{B T e}{\to} n_{F e^{2 +}} = a = 5.0, 008.0, 05.2 F e {(O H)}_{2} F e {(O H)}_{3} B a S O_{4}$