Câu hỏi:

13/07/2024 903

b. Cho từ từ đến hết 200mL dung dịch HCl 2,5M vào 500mL dung dịch chứa 31,8 gam muối cacbonat trên. Tính thể tích khí thu được (ở điều kiện tiêu chuẩn).

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: Bộ 30 đề thi vào 10 Chuyên Hóa năm 2022-2023 có lời giải chi tiết !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

b. Theo (3) $n_{M_{2} C O_{3}} = n_{C O_{2}} = 0, 3 m o l$

Cho từ từ đến hết 0,5 mol HCl vào dd chứa 31,8 gam M₂CO₃:

$\begin{array}{l} M_{2} C O_{3} + H C l \to M H C O_{3} + M C l (4) \\ 0, 3 0, 5 m o l \end{array}$

Sau (4) HCl còn 0,2 mol, MHCO₃ sinh ra 0,3 mol tiếp tục có phản ứng:

$\begin{array}{l} M H C O_{3} + H C l \to M C l + H_{2} O + C O_{2} (5) \\ 0, 3 0, 2 m o l \end{array}$

V_khí = 0,2.22,4 = 4,48 lít (đktc)

Hot: 500+ Đề thi vào 10 file word các Sở Hà Nội, TP Hồ Chí Minh có đáp án 2025 (chỉ từ 100k). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

d. Kim loại tác dụng với dung dịch bazơ.

Xem đáp án

Lời giải

d. Kim loại tác dụng với dung dịch bazơ.

2Al + 2NaOH + 2H₂O → 2NaAlO₂ + 3H₂

Câu 2

Hòa tan hoàn toàn m gam kim loại R trong dung dịch HCl dư, thu được dung dịch X và 4,48 lít khí H₂(ở điều kiện tiêu chuẩn). Cô cạn dung dịch X thu được 39,8 gam muối Y duy nhất. Nếu cho dung dịch X tác dụng với dung dịch KOH dư, lọc kết tủa đem nung ngoài không khí đến khối lượng không đổi thì thu được (m + 4,8) gam chất rắn Z. Hòa tan Z trong dung dịch H₂SO₄ loãng, vừa đủ thì thu được dung dịch T. Cô cạn dung dịch T thu được 56,2 gam muối U duy nhất. Xác định kim loại R, công thức hóa học của các muối Y và U.

Xem đáp án

Lời giải

$n_{H_{2}} = 0, 2 (m o l)$

$\begin{array}{l} 2 R + 2 n H C l \to 2 R C l_{n} + n H_{2} \\ \frac{0, 4}{n} 0, 4 \frac{0, 4}{n} 0, 2 m o l \end{array}$

- Nếu B là muối khan:

$M_{R C l_{n}} = M_{R} + 35, 5 n = \frac{39, 8}{\frac{0, 4}{n}} = 99, 5 n (g / m o l)$

Suy ra: M_R = 64n (g/mol)

Với mọi n, không có trường hợp thỏa mãn. Vậy B là muối ngậm nước.

Đặt công thức muối ngậm nước là RCl_n.xH₂O

Có: $n_{R C l n . x H_{2} O} = n_{R C l_{n}} = \frac{0, 4}{n} (m o l)$

Vậy M_R + 35,5n + 18x = 99,5n

Hay M_R = 64n – 18x (1)

Chất rắn D là oxit của R và giả sử D có công thức: R₂O_y

Có sơ đồ phản ứng:

$2 R \overset{}{\to} 2 R C l_{n} \overset{}{\to} 2 R {(O H)}_{n} \overset{}{\to} R_{2} O_{y}$

Bảo toàn nguyên tố R:

$n_{R_{2} O_{y}} = \frac{1}{2} n_{R C l_{n}} = \frac{1}{2} . \frac{0, 4}{n} = \frac{0, 2}{n} (m o l)$

$\Rightarrow m_{R_{2} O_{y}} = (2 M_{R} + 16 y) . \frac{0, 2}{n} = m + 4, 8$

$\Rightarrow \frac{y}{n} = \frac{3}{2}$ . Chọn y = 3; n = 2

Từ (1) có M_R = 128 – 18x

Mà M_R > 0 nên x < 7,1

Chỉ có x = 4, M_R = 56 (thỏa mãn) vậy R là Fe

B là FeCl₂.4H₂O.

Bảo toàn nguyên tố Fe

$n_{F e_{2} O_{3}} = \frac{1}{2} n_{F e} = \frac{1}{2} n_{H_{2}} = 0, 1 m o l$

$\begin{array}{l} F e_{2} O_{3} + 3 H_{2} S O_{4} \overset{}{\to} F e_{2} {(S O_{4})}_{3} + 3 H_{2} O \\ 0, 1 - - - - - - - - - - - - - - 0, 1 \end{array}$

G có dạng Fe₂(SO₄)₃.qH₂O

$\Rightarrow n_{F e_{2} {(S O_{4})}_{3} . q H_{2} O} = n_{F e_{2} {(S O_{4})}_{3}}$

Vậy $M_{F e_{2} {(S O_{4})}_{3} . q H_{2} O} = \frac{56, 2}{0, 1} = 562$

Suy ra q = 9. Thỏa mãn

Vậy G là Fe₂(SO₄)₃.9H₂O

Câu 3