Câu hỏi:

03/09/2020 786

Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều mạch hở) bằng dung dịch KOH vừa đủ, sau phản ứng cô cạn cẩn thận thì thu được (m + 11,42) gam hỗn hợp muối khan vủa Val và Ala. Đốt cháy hoàn toàn muối sinh ra bằng một lượng oxi vừa đủ thu được $K_{2} C O_{3}; 2, 464 l í t N_{2}$ (đktc) và 50,96 gam hỗn hợp $C O_{2}$ và nước. Phần trăm khối lượng của Y trong hỗn hợp A là

A. 55,02%.

B. 54,89%.

C. 45,98%.

D. 55,41%.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: 22 Bài tập peptit hay và khó (Phần 1) có đáp án !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

$n_{N 2} = 0, 11 m o l = > n_{C O N H} = 2 n_{N 2} = 0, 22 m o l$

Do peptit được cấu tạo từ Val và Ala nên ta quy đổi hỗn hợp thành:

$C O N H (0, 22), C H_{2} (x), H_{2} O (y) (v o i n_{H 2 O} = n_{p e p t i t})$

$m (g) A \{\begin{matrix} C O N H : 0, 22 \\ C H_{2} : x \\ H_{2} O : y \end{matrix} \overset{+ K O H : 0, 22}{\to} (m + 11, 42) (g) M u o i \{\begin{matrix} C O O K : 0, 22 \\ N H_{2} : 0, 22 \\ C H_{2} : x \end{matrix}$

$\overset{+ O_{2}}{\to} \{\begin{matrix} K_{2} {CO}_{3} : 0, 11 \\ \begin{matrix} C O_{2} : x + 0, 11 \\ H_{2} O : x + 0, 22 \end{matrix}\} \\ N_{2} : 0, 11 \end{matrix} 50, 96 (g)$

*Xét phản ứng của A và KOH:

$\begin{array}{l} + m_{A} = m_{C O N H} + m_{C H 2} + m_{H 2 O} = > 0, 22.43 + 14 x + 18 y = m (1) \\ + m_{m u o i} = m_{C O O K} + m_{N H 2} + m_{C H 2} = > 0, 22.83 + 0, 22.16 + 14 x = m + 11, 42 (2) \end{array}$

Lấy (1) - (2) thu được: y = 0,05 => $n_{A} = n_{H 2 O} = 0, 05 m o l$

*Xét phản ứng đốt muối:

BTNT "C" và "H" tính được số mol $C O_{2} v à H_{2} O$ như sơ đồ.

Ta có: $m_{C O 2} + m_{H 2 O} = 50, 96 = > 44 (x + 0, 11) + 18 (x + 0, 22) = > x = 0, 68 m o l$

*Xét muối: $m m u ố i = m C O O K + m N H 2 + m C H 2 = 0, 22.83 + 0, 22.16 + 0, 68.14 = 31, 3 g a m$

Giải hệ: $n_{m u � i} = n_{V a l - K} + n_{A l a - K} = 0, 22 v à m_{m u o i} = 155. n_{V a l - K} + 127. n_{A l a - K} = 31, 3$

Được $n_{V a l - K} = 0, 12 m o l v à n_{A l a - K} = 0, 1$

*Xét A: Giả sử A chứa X (u mol) và Y (v mol).

Ta có hệ: $n_{N} = 4 u + 5 v = 0, 22 v à u + v = n_{A} = 0, 05$

Giải hệ thu được u = 0,03 và v = 0,02

A gồm $V a l_{n} A l a_{4 - n} (0, 03) v à V a l_{m} A l a_{5 - m} (0, 02) (n \leq 4; m \leq 5)$

$n_{A l a - K} = 0, 03 n + 0, 02 m = 0, 12 = > 3 n + 2 m = 1$ 2 có 2 cặp nghiệm phù hợp là (n = 2; m = 3) và (n=4; m = 0) thỏa mãn

TH1: (n = 2; m = 3) => A chứa V $a l_{2} A l a_{2} (0, 03) v à V a l_{3} A l a_{2} (0, 02)$

$= > % m_{Y} = 45, 98 %$

TH2: (n = 4; m = 0) => A chứa $V a l_{4} (0, 03) v à A l a_{5} (0, 02)$

$= > % m_{Y} = 37, 53 %$

Xét các đáp án thấy giá trị 45,98% phù hợp

Đáp án cần chọn là: C

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Đipeptit mạch hở X và tripeptit mạch hở Y đều được tạo nên từ một aminoaxit (no, mạch hở, trong phân tử chứa một nhóm - $N H_{2}$ và một nhóm -COOH). Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol Y, thu được tổng khối lượng $C O_{2} v à H_{2} O$ bằng 54,9 gam. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X, sản phẩm thu được cho lội từ từ qua nước vôi trong dư, tạo ra m gam kết tủa. Giá trị của m là

A. 120

B. 60

C. 30

D. 45

Lời giải

Gọi CTPT của amino axit tạo nên các peptit là: $C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N (n ⩾ 2)$

Đipepit được tạo nên từ 2 phân tử amino axit khi tách 1 phân tử $H_{2} O$ nên CTPT của đipeptit là:

$2 C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N - H_{2} O \Leftrightarrow C_{2 n} H_{4 n} O_{3} N_{2}$

Tương tự ta có CTPT của tripeptit là: $3 C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N - 2 H_{2} O \Leftrightarrow C_{3 n} H_{6 n - 1} O_{4} N_{3}$

PT đốt cháy tripeptit:

$C_{3 n} H_{6 n - 1} O_{4} N_{3} \overset{+ O_{2}}{\to} 3 n C O_{2} + (3 n - 1 / 2) H_{2} O + 3 / 2 N_{2}$

0,1 3n.0,1 (3n − ).0,1

$m_{C O_{2}} + m_{H_{2} O} = 3 n .0, 1.44 + (3 n - 0, 5) .0, 1.18 = 54, 9 \to n = 3$

PT đốt cháy đipeptit:

$C_{6} H_{12} O_{3} N_{2} {\overset{+ O_{2}, t °}{\to}}_{} 6 C O_{2} + 6 H_{2} O + N_{2}$

0,2 1,2

$\Rightarrow n_{C a C O_{3}} = n_{C O_{2}} = 1, 2 m o l$

$\to m_{C a C O_{3}} = 1, 2.100 = 120 g a m$

Đáp án cần chọn là: A

Câu 2

Cho X, Y, Z là 3 peptit mạch hở (phân tử có số nguyên tử cacbon tương ứng 8, 9, 11; Z có nhiều hơn Y một liên kết peptit); T là este no, đơn chức, mạch hở. Chia 249,56 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T thành hai phần bằng nhau. Đốt cháy hoàn toàn phần một, thu dược a mol $C O_{2}$ và (a-0,11) mol $H_{2} O$ . Thủy phân hoàn toàn phần hai bằng dung dịch NaOH vừa đủ, thu được ancol etylic và 133,18 gam hỗn hợp G (gồm 4 muối của Gly, Ala, Val và axit cacboxylic). Đốt cháy hoàn toàn G, cần vừa đủ 3,385 mol $O_{2}$ . Phần trăm khối lượng của Y trong E là

A. 2,08%.

B. 4,17%.

C. 3,21%.

D. 1,61%.

Lời giải

$\{\begin{matrix} X (8 C) \\ Y (9 C) \\ Z (11 C) \\ T : C_{n} H_{2 n} O_{2} \end{matrix} \overset{q u y đ 0 i}{\to} \underset{249, 56 (g)}{\underset{}{\{\begin{matrix} C H_{2} : x \\ C O N H : y \\ H_{2} O : z \\ O_{2} : T \end{matrix}}}$

$\begin{array}{l} |\begin{matrix} P 1 \overset{+ O_{2}}{\to} \{\begin{matrix} {CO}_{2} : a m o l \\ H_{2} O : a - 0, 11 m o l \end{matrix} \\ P 2 \overset{+ NaOH : (y + t) mol}{\to} H_{2} O : z m o l + C_{2} H_{5} O H : t m o l + G \{\begin{matrix} C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a \end{matrix} \end{matrix} \\ G \{\begin{matrix} C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a \end{matrix} \overset{+ O_{2} : 3, 385 m o l}{\to} \{\begin{matrix} {Na}_{2} {CO}_{3} : 0, 5 y + 0, 5 t \\ {CO}_{2} : a + 0, 5 y - 2, 5 t \\ H_{2} O : x + y - 2, 5 t \end{matrix} \end{array}$

P1: $n_{C O 2} - n_{H 2 O} = 0, 11 = > 0, 5 y - z = 0, 11 (1)$

P2: $n_{N a O H} = y + t = > n_{N a 2 C O 3} = 0, 5 y + 0, 5 t$

BT “C”: $x + y - 2 t = 0, 5 y + 0, 5 t + n C O 2$

=> $n C O 2 = x + 0, 5 y - 2, 5 t$

BT “ $H ” : (2 x + y + 2 z) + (y + t) - 2 z - 6 t = 2 n_{H 2 O}$

$= > n_{H 2 O} = x + y - 2, 5 t$

BT “O”: $n O (m u ố i) + 3, 385.2 = 3 (0, 5 y + 0, 5 t) + 2 (x + 0, 5 y - 2, 5 t) + (x + y - 2, 5 t)$

=> 3x + 1,5y – 8t = 6,77 (2)

Phương trình về KL: 14x + 43y + 18z + 32t = 249,56:2 (3)

BTKL: 124,78 + 4(y+t) = 133,18 + 18z + 46t

=> 40y – 18z – 6t = 8,4 (4)

(1) (2) (3) (4) => x = 4,98; y = 0,42; z = 0,1; t = 1,1

$\to 4, 3 < n C (e s t e) < 4, 6 \to < C (e s t e) <$

$\to E s t e : C_{4} H_{8} O_{2}$

→ $\{\begin{matrix} n_{C (peptit)} = 5, 4 - 4, 4 = 1 \\ n_{peptit} = z = 0, 1 \\ n_{CONH} = 0, 42 \to s o m a t x í c h t b = 4, 2 \end{matrix}$

$\{\begin{matrix} Z : {Gly}_{4} A l a (m) \\ Y : {Gly}_{3} A l a (n) \\ X : V a l A l a (p) \end{matrix} \to \{\begin{matrix} m + n + p = 0, 1 \\ 11 m + 9 n + 8 p = 1 \\ 5 m + 4 n + 2 p = 0, 42 \end{matrix}$