X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó Y và Z không no chứa một liên kết C=C và có tồn tại đồng phân hình học). Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)₂ dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam. Mặt khác, đun nóng 21,62 gam E với 300 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu được hỗn hợp T chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. Khối lượng của muối có khối lượng phân tử lớn trong hỗn hợp T là

Chọn đáp án A

21,62 gam E (este đều đơn chức) + vừa đủ 0,3 mol NaOH ||→ n_{COO trong E} = 0,3 mol

♦ giải đốt 21,62 gam E (0,3 mol) + O₂ –––^to–→ x mol CO₂ + y mol H₂O.

(CO₂ + H₂O) + Ca(OH)₂ dư có Δm_{dung dịch giảm} = 56x – 18y = 34,5 gam.

Lại có m_E = 12x + 2y + 0,3 × 32 = 21,62 gam ||→ giải x = 0,87 mol và y = 0,79 mol.

||→ tương quan ∑n_CO2 – ∑n_H2O = n_{Y + Z} = 0,08 mol → n_X = 0,22 mol.

chú ý: Y, Z không no và thủy phân cho ancol nên số C_{Y, Z} ≥ 4.

Chặn số C_{trung bình của X} < (0,87 – 0,08 × 4) ÷ 0,22 = 2,5 → số C_X = 2 hay X là HCOOCH₃.

♦ Biện luận: hai ancol đồng đẳng nên ancol còn lại là C₂H₅OH.

Thủy phân E chỉ cho 2 muối mà 1 muối là HCOONa (no rồi)

||→ 1 muối còn lại phải là không no 1 C=C là gốc axit của Y và Z.

nghĩa là Y là C_nH_{2n – 1}COOCH₃ và Z là C_nH_{2n – 1}COOC₂H₅ (Y, Z đồng đẳng kế tiếp)

Đơn giản, tính lại số C_{trung bình Y, Z} = (0,87 – 0,22 × 2) ÷ 0,08 = 5,375

||→ số C_Y = 5 và số C_Z = 6. tuy nhiên, đọc kĩ yêu cầu bài tập

||→ chỉ quan tâm muối lớn trong F là 0,08 mol C₃H₅COONa ⇄ m_{yêu cầu} = 8,64 gam. Chọn A.