Cho 2 cây (P) đều dị hợp 2 cặp gen nhưng có kiểu gen khác nhau giao phấn với nhau, thu được F1. Kiểu gen đồng hợp tử trội chiếm 4%. Biết rằng không xảy ra đột biến và có hoán vị gen ở cả 2 giới với t...

Chọn đáp án C Giải thích: Có 3 phát biểu đúng, đó là II, III và IV. Theo bài ra, đồng hợp trội 4% thì chứng tỏ ABAB= 4%. →abab= 4%. Vì P có kiểu gen khác nhau và tần số hoán vị gen ở 2 giới với tần số bằng nhau cho nên 4% abab= 0,4ab ×0,1ab. → Tần số hoán vị = 2×0,1 = 0,2 = 20%. → I sai. II đúng. Kiểu gen 1 alen trội ở F1 chiếm tỉ lệ = 0,5 - 4×0,04 = 0,34 = 34%. III đúng. Kiểu gen 2 alen trội ở F1 chiếm tỉ lệ = 6×0,04 = 0,24 = 24%. III. Kiểu gen 4 alen trội ở F1 chiếm tỉ lệ = 0,04 = 4%.

Câu hỏi:

10/04/2022 457

Cho 2 cây (P) đều dị hợp 2 cặp gen nhưng có kiểu gen khác nhau giao phấn với nhau, thu được F₁. Kiểu gen đồng hợp tử trội chiếm 4%. Biết rằng không xảy ra đột biến và có hoán vị gen ở cả 2 giới với tần số bằng nhau. Theo lí thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?

I. Đã xảy ra hoán vị gen với tần số 40%.

II. Kiểu gen 1 alen trội ở F₁ chiếm tỉ lệ 34%.

III. Kiểu gen 2 alen trội ở F₁ chiếm tỉ lệ 24%.

IV. Kiểu gen 4 alen trội ở F₁ chiếm tỉ lệ 4%.

A. 1.

B. 2.

C. 3.

D. 4.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: [Năm 2022] Đề minh họa môn Sinh THPT Quốc gia có lời giải (25 đề) !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Chọn đáp án C

Giải thích: Có 3 phát biểu đúng, đó là II, III và IV.

Theo bài ra, đồng hợp trội 4% thì chứng tỏ $\frac{A B}{A B}$ = 4%. → $\frac{a b}{a b}$ = 4%.

Vì P có kiểu gen khác nhau và tần số hoán vị gen ở 2 giới với tần số bằng nhau cho nên 4% $\frac{a b}{a b}$ = 0,4ab ×0,1ab.

→ Tần số hoán vị = 2×0,1 = 0,2 = 20%. → I sai.

II đúng. Kiểu gen 1 alen trội ở F1 chiếm tỉ lệ = 0,5 - 4×0,04 = 0,34 = 34%.

III đúng. Kiểu gen 2 alen trội ở F1 chiếm tỉ lệ = 6×0,04 = 0,24 = 24%.

III. Kiểu gen 4 alen trội ở F1 chiếm tỉ lệ = 0,04 = 4%.

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Một gen ở sinh vật nhân sơ có tỉ lệ các nuclêôtit trên mạch 1 là: A:T:G:X = 3:2:1:4. Phân tử mARN được phiên mã từ gen này có X-A = 150 và U = 2G. Theo lí thuyết, số nuclêôtit loại A của mARN này là bao nhiêu?

A. 450.

B. 300.

C. 900.

D. 600.

Lời giải

Chọn đáp án A

Giải thích: Mạch 1 của gen có tỉ lệ A₁ : T₁ : G₁ : X₁ = 3:2:1:4 thì suy ra mạch 2 của gen có tỉ lệ T₂ : A₂ : X_{2 :} G₂= 3:2:1:4.

Vì trên phân tử mARN này có U = 2G cho nên suy ra trên mạch gốc của gen có A = 2X. Như vậy, suy ra mạch 2 của gen là mạch gốc.

Ta lại có trên phân tử mARN có X – A = 150 cho nên suy ra G_gốc – T_gốc= G₂ – T₂ = 150.

Vì T₂ : A₂: X₂ : G₂= 3:2:1:4 nên ta có: $\frac{T_{2}}{3} = \frac{A_{2}}{2} = \frac{X_{2}}{1} = \frac{G_{2}}{4} = \frac{G_{2} - T_{2}}{4 - 3} = \frac{150}{4 - 3} = 150$

→ Số nuclêôtit loại A của ARN = số nuclêôtit loại T của mạch gốc = 3 × 150 = 450.

Câu 2

Ở một loài thú, alen A quy định thân cao trội hoàn toàn so với alen a quy định thân thấp; alen B quy định lông đen trội hoàn toàn so với alen b quy định lông trắng; Alen D quy định có sừng trội hoàn toàn so với alen d quy định không sừng. Thực hiện phép lai $\frac{A b}{a B} X^{D} X^{d} \times \frac{A B}{a b} X^{D} Y$ , thu được F₁ có tổng số cá thể thân cao, lông đen, có sừng và cá thể thân cao, lông trắng, không sừng chiếm 46,75%. Biết không xảy ra đột biến và có hoán vị gen ở cả hai giới với tần số bằng nhau. Theo lí thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?

I. Trong tổng số con cái thân cao, lông đen, có sừng ở F₁, số cá thể đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ 3/56.

II. Ở F₁ có số cá thể thân cao, lông đen, không sừng chiếm tỉ lệ 14%.

III. Ở F₁có số cá thể đực thân cao, lông đen, có sừng chiếm tỉ lệ 14%.

IV. Trong tổng số cá thể thân cao, lông đen, có sừng ở F₁, số cá thể cái đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ 1/28.

A. 1.

B. 2.

C. 3.

D. 4.

Lời giải

Chọn đáp án D

Giải thích: Có 4 phát biểu đúng.

Phép lai $\frac{A b}{a B} X^{D} X^{d} \times \frac{A B}{a b} X^{D} Y = (\frac{A b}{a B} \times \frac{A B}{a b}) (X^{D} X^{d} \times X^{D} Y)$

F₁ có 46,75% số cá thể thân cao, lông đen, có sừng (A-B-D-) và cá thể thân cao, lông trắng, không sừng (A-bbdd)

Ta có: (0,5 + $\frac{a b}{a b}$ ) × 0,75 + (0,25 - $\frac{a b}{a b}$ ) × 0,25 = 0,25 × (1,5 + 0,25 + 2. $\frac{a b}{a b}$ ) = 0,4675.

Giải ra ta được $\frac{a b}{a b}$ = (0,4675: 0,25 – 1,75) : 2 = 0,06.

$\frac{A b}{a B} \times \frac{A B}{a b}$ cho đời con có 0,06 $\frac{a b}{a b}$ = 0,3ab × 0,2ab.

I. Trong tổng số con cái thân cao, lông đen, có sừng ở F₁, số cá thể đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ = $\frac{\frac{A B}{A B}}{A - B -} \times \frac{X^{D} X^{D}}{X^{D} X^{-}} = 0 \frac{0, 06}{0, 56} \times \frac{1}{2}$ = 3/56.

II. Ở F₁ có số cá thể thân cao, lông đen, không sừng (A-B-dd) chiếm tỉ lệ = 0,56×1/4 = 0,14 = 14%.

III. Ở F₁ có số cá thể đực thân cao, lông đen, có sừng (A-B-XDY) chiếm tỉ lệ = 0,56×1/4 = 0,14 = 14%.

IV. Trong tổng số cá thể thân cao, lông đen, có sừng (A-B-D-) ở F₁, số cá thể cái đồng hợp tử 3 cặp gen chiếm tỉ lệ = $\frac{\frac{A B}{A B}}{A - B -} \times \frac{X D X D}{X D} = \frac{0, 06}{0, 56} \times \frac{1}{3}$ = 1/28.