Câu hỏi:

12/05/2022 601

Ở một loài thực vật, xét alen A quy định hạt trơn trội hoàn toàn so với alen a quy định hạt nhăn, alen B quy định hoa đỏ trội hoàn toàn so với b quy định hoa trắng, cả hai cặp gen này thuộc cặp NST thường số 1; alen D quy định thân cao trội hoàn toàn so với d quy định thân thấp năm trên cặp NST thường số 2. Khi cho cây thân cao, hạt trơn hoa đỏ lai phân tích thì đời con thu được tỉ lệ kiểu hình lặn về cả 3 tính trạng là 20%. Kiểu gen và tần số hoán vị gen cua cây đem lai là

\frac{A b}{a B} D d

và f = 10%.

\frac{A B}{a b} D d

và f = 20%.

\frac{A b}{a B} D d

và f = 20%.

\frac{A B}{a b} D d

và f = 10%.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: Đề minh họa THPT Quốc gia môn Sinh năm 2022 chọn lọc, có lời giải (25 đề) !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Đáp án B

P: (A-B-)D-×ab/ab dd

F₁ : ab/ab dd = 20%

→ P: (Aa,Bb)Dd

Có P: Dd × dd →F₁ : dd = 0,5

→ F₁ : ab/ab = 0,2 : 0,5 = 0,4

→ (Aa,Bb) cho giao tử ab = 0,4 : 1 = 0,4 > 0,25→ đây là giao tử liên kết, f =0,2 = 20%

→ P: AB/ab Dd , f = 20%

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Ở đậu Hà Lan alen A quy định thân cao trội hoàn toàn so vời alen a quy định thân thấp alen B quy định hoa đỏ trội hoàn toàn so với alen b quy định hoa trắng; hai cặp gen di truyền phân li độc lập với nhau. Cho 4 cây thân cao, hoa trắng (P) tự thụ phấn, thu được F₁. Biết không xảy ra đột biến. Theo lí thuyết, F₁ có thể có những tỉ lệ kiểu hình nào sau đây?

I. 100% cây thân cao, hoa trắng.

II. 15 cây thân cao, hoa trắng : 1 cây thân thấp, hoa trắng.

III. 4 cây thân cao, hoa trắng : 1 cây thân thấp, hoa trắng.

IV. 11 cây thân cao, hoa trắng : 1 cây thân thấp, hoa trắng.

A. 3

B. 2

C. 1

D. 4

Lời giải

Đáp án B

Cây thân cao hoa trắng có 2 loại kiểu gen: AAbb; Aabb

Có các trường hợp có thể xảy ra:

TH₁: 100% Cây có kiểu gen AAbb → đời sau:100% thân cao hoa trắng

TH₂: 100% cây có kiểu gen Aabb → đời sau: 75% thân cao hoa trắng: 25% thân thấp hoa trắng

TH₃: 3 cây AAbb: 1Aabb → tỷ lệ thân thấp hoa trắng: $\frac{1}{4} \times \frac{1}{4} = \frac{1}{16}$ → 15 cây thân cao, hoa trắng : 1 cây thân thấp, hoa trắng.

TH₄: 2 cây AAbb: 2Aabb → tỷ lệ thân thấp hoa trắng: $\frac{2}{4} \times \frac{1}{4} = \frac{1}{8}$ → 7 cây thân cao, hoa trắng : 1 cây thân thấp, hoa trắng.

TH₅: 1 cây AAbb: 3Aabb → tỷ lệ thân thấp hoa trắng: $\frac{3}{4} \times \frac{1}{4} = \frac{3}{16}$ → 3 cây thân cao, hoa trắng : 13 cây thân thấp, hoa trắng.

Câu 2

Ở người, bệnh điếc bẩm sinh do gen lặn nằm trên NST thường quy đinh, bệnh mù màu do gen lặn nằm trên vùng không tương đồng của NST giới tính X. Ở một cặp vợ chồng, bên phía người vợ có anh trai bị mù màu, có em gái bị điếc bẩm sinh. Bên phía người chồng có mẹ bị điếc bẩm sinh. Những người khác trong gia đình không ai bị một trong hai hoặc bị hai bệnh này. Xác suất để đứa con trai đầu lòng không bị đồng thời cả hai bệnh nói trên là

A. 15/24

B. 21/64

C. 23/48

D. 21/32

Lời giải

Chọn đáp án C

Ở người, bệnh điếc bẩm sinh do gen lặn nằm trên NST thường quy đinh, (ảnh 1)

Quy ước gen : A- không bị điếc bẩm sinh; a- bị điếc bẩm sinh; B- không bị mù màu; b- bị mù màu

Xét bên người vợ có anh trai bị mù màu, có em gái bị điếc bẩm sinh

→ bố mẹ vợ (1) và (2): AaX^BY × AaX^BX^b → người vợ (7) : (1AA:2Aa)(1X^BX^B:1X^BX^b)

Xét bên người chồng có mẹ (3) bị điếc bẩm sinh → người chồng (8): AaX^BY

(7)-(8)= (1AA:2Aa)(1X^BX^B:1X^BX^b) × AaX^BY

Giao tử ↔ (2A:1a) × (1A:1a) × (3X^B: 1X^b) × (1X^B:1Y)

+Xác suất đứa con trai đầu lòng không bị cả 2 bệnh là $(1 - \frac{1}{3} \times \frac{1}{2}) \times (\frac{3}{4} \times \frac{1}{2}) = \frac{5}{16}$

+Xác suất con trai đầu lòng bị điếc bẩm sinh, không bị mù màu = $(\frac{1}{3} \times \frac{1}{2}) \times (\frac{3}{4} \times \frac{1}{2}) = \frac{3}{48}$

+Xác suất con trai đầu lòng bị không điếc bẩm sinh, bị mù màu = $(1 - \frac{1}{3} \times \frac{1}{2}) \times (\frac{1}{4} \times \frac{1}{2}) = \frac{5}{48}$