Câu hỏi:

04/09/2020 367

Hỗn hợp X gồm alanin và đipeptit (Gly-Val). Cho m gam X vào 100 ml dung dịch hỗn hợp $H_{2} S O_{4}$ 0,25M và HCl 0,25M, thu được dung dịch Y. Cho toàn bộ Y phản ứng vừa đủ với 240 ml gồm NaOH 0,3M và KOH 0,2M đun nóng, thu được dung dịch chứa 10,9155 gam muối trung hòa. Phần trăm khối lượng của alanin trong X là

A. 43,88%.

B. 56,12%.

C. 16,98%.

D. 76,72%

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: 22 Bài tập peptit hay và khó (Phần 1) có đáp án !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

$m (g) X \{\begin{matrix} A l a : a \\ G l y - V a l : b \end{matrix} + \{\begin{matrix} H_{2} {SO}_{4} : 0, 025 \\ H C l : 0, 025 \end{matrix} + \{\begin{matrix} N a O H : 0, 072 \\ K O H : 0, 048 \end{matrix} \to 10, 9155 (g$ ) muối + $H_{2} O$

n $_{H 2 O} = n_{A l a} + n_{G l y - V a l} + 2 n_{H 2 S O 4} + n_{H C l} = a + b + 0, 075$

BTKL: $m_{X} + m_{H 2 S O 4} + m_{H C l} + m_{N a O H} + m_{K O H} = m_{m u o i} + m_{H 2 O}$

=> 89a + (75+117-18)b + 0,025.98 + 0,025.36,5 + 0,072.40 + 0,048.56 = 10,9155 + 18(a+b+0,075) (1)

$n_{N a O H} + n_{K O H} = n_{A l a} + 2 n_{G l y - V a l} + 2 n_{H 2 S O 4} + n_{H C l}$

=> 0,072 + 0,048 = a + 2b + 0,025.2 + 0,025 (2)

Giải (1) và (2) thu được a = 0,025 và b = 0,01

$= > % m_{A l a} = \frac{0, 025.89}{0, 025.89 + 0, 01.174} .100 % = 56, 12 %$

Đáp án cần chọn là: B

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Đipeptit mạch hở X và tripeptit mạch hở Y đều được tạo nên từ một aminoaxit (no, mạch hở, trong phân tử chứa một nhóm - $N H_{2}$ và một nhóm -COOH). Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol Y, thu được tổng khối lượng $C O_{2} v à H_{2} O$ bằng 54,9 gam. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X, sản phẩm thu được cho lội từ từ qua nước vôi trong dư, tạo ra m gam kết tủa. Giá trị của m là

A. 120

B. 60

C. 30

D. 45

Lời giải

Gọi CTPT của amino axit tạo nên các peptit là: $C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N (n ⩾ 2)$

Đipepit được tạo nên từ 2 phân tử amino axit khi tách 1 phân tử $H_{2} O$ nên CTPT của đipeptit là:

$2 C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N - H_{2} O \Leftrightarrow C_{2 n} H_{4 n} O_{3} N_{2}$

Tương tự ta có CTPT của tripeptit là: $3 C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N - 2 H_{2} O \Leftrightarrow C_{3 n} H_{6 n - 1} O_{4} N_{3}$

PT đốt cháy tripeptit:

$C_{3 n} H_{6 n - 1} O_{4} N_{3} \overset{+ O_{2}}{\to} 3 n C O_{2} + (3 n - 1 / 2) H_{2} O + 3 / 2 N_{2}$

0,1 3n.0,1 (3n − ).0,1

$m_{C O_{2}} + m_{H_{2} O} = 3 n .0, 1.44 + (3 n - 0, 5) .0, 1.18 = 54, 9 \to n = 3$

PT đốt cháy đipeptit:

$C_{6} H_{12} O_{3} N_{2} {\overset{+ O_{2}, t °}{\to}}_{} 6 C O_{2} + 6 H_{2} O + N_{2}$

0,2 1,2

$\Rightarrow n_{C a C O_{3}} = n_{C O_{2}} = 1, 2 m o l$

$\to m_{C a C O_{3}} = 1, 2.100 = 120 g a m$

Đáp án cần chọn là: A

Câu 2

Cho X, Y, Z là 3 peptit mạch hở (phân tử có số nguyên tử cacbon tương ứng 8, 9, 11; Z có nhiều hơn Y một liên kết peptit); T là este no, đơn chức, mạch hở. Chia 249,56 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T thành hai phần bằng nhau. Đốt cháy hoàn toàn phần một, thu dược a mol $C O_{2}$ và (a-0,11) mol $H_{2} O$ . Thủy phân hoàn toàn phần hai bằng dung dịch NaOH vừa đủ, thu được ancol etylic và 133,18 gam hỗn hợp G (gồm 4 muối của Gly, Ala, Val và axit cacboxylic). Đốt cháy hoàn toàn G, cần vừa đủ 3,385 mol $O_{2}$ . Phần trăm khối lượng của Y trong E là

A. 2,08%.

B. 4,17%.

C. 3,21%.

D. 1,61%.

Lời giải

$\{\begin{matrix} X (8 C) \\ Y (9 C) \\ Z (11 C) \\ T : C_{n} H_{2 n} O_{2} \end{matrix} \overset{q u y đ 0 i}{\to} \underset{249, 56 (g)}{\underset{}{\{\begin{matrix} C H_{2} : x \\ C O N H : y \\ H_{2} O : z \\ O_{2} : T \end{matrix}}}$

$\begin{array}{l} |\begin{matrix} P 1 \overset{+ O_{2}}{\to} \{\begin{matrix} {CO}_{2} : a m o l \\ H_{2} O : a - 0, 11 m o l \end{matrix} \\ P 2 \overset{+ NaOH : (y + t) mol}{\to} H_{2} O : z m o l + C_{2} H_{5} O H : t m o l + G \{\begin{matrix} C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a \end{matrix} \end{matrix} \\ G \{\begin{matrix} C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a \end{matrix} \overset{+ O_{2} : 3, 385 m o l}{\to} \{\begin{matrix} {Na}_{2} {CO}_{3} : 0, 5 y + 0, 5 t \\ {CO}_{2} : a + 0, 5 y - 2, 5 t \\ H_{2} O : x + y - 2, 5 t \end{matrix} \end{array}$

P1: $n_{C O 2} - n_{H 2 O} = 0, 11 = > 0, 5 y - z = 0, 11 (1)$

P2: $n_{N a O H} = y + t = > n_{N a 2 C O 3} = 0, 5 y + 0, 5 t$

BT “C”: $x + y - 2 t = 0, 5 y + 0, 5 t + n C O 2$

=> $n C O 2 = x + 0, 5 y - 2, 5 t$

BT “ $H ” : (2 x + y + 2 z) + (y + t) - 2 z - 6 t = 2 n_{H 2 O}$

$= > n_{H 2 O} = x + y - 2, 5 t$

BT “O”: $n O (m u ố i) + 3, 385.2 = 3 (0, 5 y + 0, 5 t) + 2 (x + 0, 5 y - 2, 5 t) + (x + y - 2, 5 t)$

=> 3x + 1,5y – 8t = 6,77 (2)

Phương trình về KL: 14x + 43y + 18z + 32t = 249,56:2 (3)

BTKL: 124,78 + 4(y+t) = 133,18 + 18z + 46t

=> 40y – 18z – 6t = 8,4 (4)

(1) (2) (3) (4) => x = 4,98; y = 0,42; z = 0,1; t = 1,1

$\to 4, 3 < n C (e s t e) < 4, 6 \to < C (e s t e) <$

$\to E s t e : C_{4} H_{8} O_{2}$

→ $\{\begin{matrix} n_{C (peptit)} = 5, 4 - 4, 4 = 1 \\ n_{peptit} = z = 0, 1 \\ n_{CONH} = 0, 42 \to s o m a t x í c h t b = 4, 2 \end{matrix}$

$\{\begin{matrix} Z : {Gly}_{4} A l a (m) \\ Y : {Gly}_{3} A l a (n) \\ X : V a l A l a (p) \end{matrix} \to \{\begin{matrix} m + n + p = 0, 1 \\ 11 m + 9 n + 8 p = 1 \\ 5 m + 4 n + 2 p = 0, 42 \end{matrix}$