Hòa tan hết 18,12 gam hỗn hợp X gồm Al, FeCO3 và Fe(NO3)2 trong dung dịch chứa 1,12 mol NaHSO4 và a mol HNO3, kết thúc phản ứng thu được dung dịch Y chỉ chứa các muối sunfat và hỗn hợp khí Z gồm NO,...

Đáp án C m XFeFe3O4FeNO32→KHSO4:0,3259,04 YFe2+:aFe3+:bK+:0,32SO42−:0,32NO3−:c→NaOH:0,44 →2a+3b=0,44nNaOH2a+3b+0,32=0,32.2+cBTDT56a+b+0,32.39+0,32.96+62c=59,04mY→a=0,01b=0,14c=0,12 BTNT N: 2nFeNO32=nNO+nNO3−→nFeNO32=0,08 BT H: nH2O=12nKHSO4=0,16 BT O: 4nFe3O4+6nFeNO32+4nKHSO4=3nNO3−+4nSO42−+nNO+nH2O→nFe3O4=0,02 BT Fe: nFe+3nFe3O4+nFeNO32=a+b=0,15→nFe=0,01 .→%mFe=2,86% Đối với bài toán này, cách giải trên áp dụng triệt để các phương pháp bảo toàn, bao gồm bảo toàn khối lượng, bảo toàn điện tích, đặc biệt là bảo toàn nguyên tố. Việc sử dụng các phương pháp bảo toàn giúp giải nhanh hơn, nhưng cần chú ý, cần nắm được bản chất của từng giai đoạn phản ứng thì mới sử dụng có hiệu quả phương pháp này.

Câu hỏi:

18/04/2022 304

Hòa tan hết 18,12 gam hỗn hợp X gồm Al, FeCO₃ và Fe(NO₃)₂ trong dung dịch chứa 1,12 mol NaHSO₄ và a mol HNO₃, kết thúc phản ứng thu được dung dịch Y chỉ chứa các muối sunfat và hỗn hợp khí Z gồm NO, N₂O, CO₂. Tỉ khối của Z so với H₂ bằng 20,25. Cho dung dịch NaOH dư vào Y, thấy lượng NaOH phản ứng là 56,0 gam; thu được 8,56 gam hiđroxit Fe(III) duy nhất. Giá trị của a là

A. 0,20.

B. 0,18.

C. 0,12.

D. 0,16.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: 25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Đáp án C

$m X \{\begin{cases} F e \\ F e_{3} O_{4} \\ F e {(N O_{3})}_{2} \end{cases} \overset{K H S O_{4} : 0, 32}{\to} 59, 04 Y \{\begin{cases} F e^{2 +} : a \\ F e^{3 +} : b \\ K^{+} : 0, 32 \\ S O_{4}^{2 -} : 0, 32 \\ N O_{3}^{-} : c \end{cases} \overset{N a O H : 0, 44}{\to}$

$\to \{\begin{cases} 2 a + 3 b = 0, 44 (n_{N a O H}) \\ 2 a + 3 b + 0, 32 = 0, 32.2 + c (B T D T) \\ 56 (a + b) + 0, 32.39 + 0, 32.96 + 62 c = 59, 04 (m_{Y}) \end{cases} \to \{\begin{cases} a = 0, 01 \\ b = 0, 14 \\ c = 0, 12 \end{cases}$

BTNT N: $2 n_{F e {(N O_{3})}_{2}} = n_{N O} + n_{N O_{3}^{-}} \to n_{F e {(N O_{3})}_{2}} = 0, 08$

BT H: $n_{H_{2} O} = \frac{1}{2} n_{K H S O_{4}} = 0, 16$

BT O: $4 n_{F e_{3} O_{4}} + 6 n_{F e {(N O_{3})}_{2}} + 4 n_{K H S O_{4}} = 3 n_{N O_{3}^{-}} + 4 n_{S O_{4}^{2 -}} + n_{N O} + n_{H_{2} O} \to n_{F e_{3} O_{4}} = 0, 02$

BT Fe: $n_{F e} + 3 n_{F e_{3} O_{4}} + n_{F e {(N O_{3})}_{2}} = a + b = 0, 15 \to n_{F e} = 0, 01$

. $\to % m_{F e} = 2, 86 %$

Đối với bài toán này, cách giải trên áp dụng triệt để các phương pháp bảo toàn, bao gồm bảo toàn khối lượng, bảo toàn điện tích, đặc biệt là bảo toàn nguyên tố. Việc sử dụng các phương pháp bảo toàn giúp giải nhanh hơn, nhưng cần chú ý, cần nắm được bản chất của từng giai đoạn phản ứng thì mới sử dụng có hiệu quả phương pháp này.

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Số oxi hóa của nhôm trong hợp chất là

A. +2.

B. +3.

C. +4.

D. +1.

Lời giải

Đáp án B

Câu 2

Xà phòng hóa 221 kg chất béo cần dùng 120kg dung dịch NaOH thu được 228 kg xà phòng. Biết phản ứng xảy ra hoàn toàn. Nồng độ phần trăm dung dịch NaOH đã dùng là

A. 25%.

B. 18%.

C. 12,5%.

D. 8%

Lời giải

Đáp án A

$n_{N a O H} = 0, 3$ mol

X là este đơn chức mà $n_{N a O H} = 2 n_{e s t e}$ nên X là este có dạng RCOOC₆H₄R'

RCOOC₆H₄R' + 2NaOH → RCOONa + R'C₆H₄ONa + H₂O (1)

$n_{H_{2} O (1)} = n_{e s t e} = 0, 15$ mol $\to n_{H_{2} O (1)} = 2, 7$ gam

$m_{H_{2} O (N a O H)} = 150.92 % = 138$ gam.

$m_{d d Y} = m_{r a n} + m_{H_{2} O (N a O H)} + m_{H_{2} O (1)}$

$\to m_{r} = 172, 2 - 2, 7 - 138 = 31, 5$ gam.

Đối với bài này, lưu ý nhầm lẫn dạng bài este đơn chức tác dụng với NaOH mà suy ra NaOH dư. Vì đề bài có đề cập phản ứng vừa đủ nên phải thuộc trường hợp este của phenol.

Câu 3