Câu hỏi:

04/09/2020 312

Hỗn hợp E gồm chất X $(C_{3} H_{10} N_{2} O_{4})$ và chất Y $(C_{7} H_{13} N_{3} O_{4})$ , trong đó X là muối của axit đa chức, Y là tripeptit. Cho 27,2 gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, đun nóng thu được 0,1 mol hỗn hợp 2 khí. Mặt khác 27,2 gam E phản ứng hoàn toàn với dung dịch HCl dư, sau phản ứng thu được m gam chất hữu cơ. Giá trị của m là

A. 39,350.

B. 49,050.

C. 34,850.

D. 42,725.

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: 22 Bài tập peptit hay và khó (Phần 1) có đáp án !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Y là tripetit, mà Y có 7C nên Y là ${(G l y)}_{2} (A l a)$

Hỗn hợp E phản ứng với NaOH dư thu được 2 khí nên X có CTCT là: $N H_{4} - O O C - C O O - N H_{3} C H_{3} : x (m o l)$

$N H_{4} - O O C - C O O - N H_{3} C H_{3} + 2 N a O H \to N a O O C - C O O N a + N H_{3} ↑ + C H_{3} N H_{2} ↑ + 2 H_{2} O$

x → x → x (mol)

tổng số mol 2 khí = 2x = 0,1 → x = 0,05 (mol)

$\to m_{Y} = m_{E} - m_{X}$ = 27,2 - 0,05.138 = 20,3 (g) → n_Y = = 0,1 mol

Xét E phản ứng với HCl sau phản ứng thu được:

$N H_{4} - O O C - C O O - N H_{3} C H_{3} + H C l \to H O O C - C O O H + N H_{4} C l + C H_{3} N H_{3} C l$

0,05 → 0,05 → 0,05 (mol)

${(G l y)}_{2} (A l a) + 3 H C l + 2 H_{2} O \to 2 G l y H C l + A l a H C l$

0,1 → 0,2 → 0,1 (mol)

$\to m c h ấ t h ữ u c ơ = m H O O C - C O O H + m C H 3 N H 3 C l + m G l y H C l + m A l a H C l$

= 0,05.90 + 0,05.67,5 + 0,2.111,5 + 0,1.125,5

= 42,725 (g)

Đáp án cần chọn là: D

Hot: 500+ Đề thi thử tốt nghiệp THPT các môn, ĐGNL các trường ĐH... file word có đáp án (2025). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Đipeptit mạch hở X và tripeptit mạch hở Y đều được tạo nên từ một aminoaxit (no, mạch hở, trong phân tử chứa một nhóm - $N H_{2}$ và một nhóm -COOH). Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol Y, thu được tổng khối lượng $C O_{2} v à H_{2} O$ bằng 54,9 gam. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X, sản phẩm thu được cho lội từ từ qua nước vôi trong dư, tạo ra m gam kết tủa. Giá trị của m là

A. 120

B. 60

C. 30

D. 45

Lời giải

Gọi CTPT của amino axit tạo nên các peptit là: $C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N (n ⩾ 2)$

Đipepit được tạo nên từ 2 phân tử amino axit khi tách 1 phân tử $H_{2} O$ nên CTPT của đipeptit là:

$2 C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N - H_{2} O \Leftrightarrow C_{2 n} H_{4 n} O_{3} N_{2}$

Tương tự ta có CTPT của tripeptit là: $3 C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N - 2 H_{2} O \Leftrightarrow C_{3 n} H_{6 n - 1} O_{4} N_{3}$

PT đốt cháy tripeptit:

$C_{3 n} H_{6 n - 1} O_{4} N_{3} \overset{+ O_{2}}{\to} 3 n C O_{2} + (3 n - 1 / 2) H_{2} O + 3 / 2 N_{2}$

0,1 3n.0,1 (3n − ).0,1

$m_{C O_{2}} + m_{H_{2} O} = 3 n .0, 1.44 + (3 n - 0, 5) .0, 1.18 = 54, 9 \to n = 3$

PT đốt cháy đipeptit:

$C_{6} H_{12} O_{3} N_{2} {\overset{+ O_{2}, t °}{\to}}_{} 6 C O_{2} + 6 H_{2} O + N_{2}$

0,2 1,2

$\Rightarrow n_{C a C O_{3}} = n_{C O_{2}} = 1, 2 m o l$

$\to m_{C a C O_{3}} = 1, 2.100 = 120 g a m$

Đáp án cần chọn là: A

Câu 2

Cho X, Y, Z là 3 peptit mạch hở (phân tử có số nguyên tử cacbon tương ứng 8, 9, 11; Z có nhiều hơn Y một liên kết peptit); T là este no, đơn chức, mạch hở. Chia 249,56 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T thành hai phần bằng nhau. Đốt cháy hoàn toàn phần một, thu dược a mol $C O_{2}$ và (a-0,11) mol $H_{2} O$ . Thủy phân hoàn toàn phần hai bằng dung dịch NaOH vừa đủ, thu được ancol etylic và 133,18 gam hỗn hợp G (gồm 4 muối của Gly, Ala, Val và axit cacboxylic). Đốt cháy hoàn toàn G, cần vừa đủ 3,385 mol $O_{2}$ . Phần trăm khối lượng của Y trong E là

A. 2,08%.

B. 4,17%.

C. 3,21%.

D. 1,61%.

Lời giải

$\{\begin{matrix} X (8 C) \\ Y (9 C) \\ Z (11 C) \\ T : C_{n} H_{2 n} O_{2} \end{matrix} \overset{q u y đ 0 i}{\to} \underset{249, 56 (g)}{\underset{}{\{\begin{matrix} C H_{2} : x \\ C O N H : y \\ H_{2} O : z \\ O_{2} : T \end{matrix}}}$

$\begin{array}{l} |\begin{matrix} P 1 \overset{+ O_{2}}{\to} \{\begin{matrix} {CO}_{2} : a m o l \\ H_{2} O : a - 0, 11 m o l \end{matrix} \\ P 2 \overset{+ NaOH : (y + t) mol}{\to} H_{2} O : z m o l + C_{2} H_{5} O H : t m o l + G \{\begin{matrix} C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a \end{matrix} \end{matrix} \\ G \{\begin{matrix} C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a \end{matrix} \overset{+ O_{2} : 3, 385 m o l}{\to} \{\begin{matrix} {Na}_{2} {CO}_{3} : 0, 5 y + 0, 5 t \\ {CO}_{2} : a + 0, 5 y - 2, 5 t \\ H_{2} O : x + y - 2, 5 t \end{matrix} \end{array}$

P1: $n_{C O 2} - n_{H 2 O} = 0, 11 = > 0, 5 y - z = 0, 11 (1)$

P2: $n_{N a O H} = y + t = > n_{N a 2 C O 3} = 0, 5 y + 0, 5 t$

BT “C”: $x + y - 2 t = 0, 5 y + 0, 5 t + n C O 2$

=> $n C O 2 = x + 0, 5 y - 2, 5 t$

BT “ $H ” : (2 x + y + 2 z) + (y + t) - 2 z - 6 t = 2 n_{H 2 O}$

$= > n_{H 2 O} = x + y - 2, 5 t$

BT “O”: $n O (m u ố i) + 3, 385.2 = 3 (0, 5 y + 0, 5 t) + 2 (x + 0, 5 y - 2, 5 t) + (x + y - 2, 5 t)$

=> 3x + 1,5y – 8t = 6,77 (2)

Phương trình về KL: 14x + 43y + 18z + 32t = 249,56:2 (3)

BTKL: 124,78 + 4(y+t) = 133,18 + 18z + 46t

=> 40y – 18z – 6t = 8,4 (4)

(1) (2) (3) (4) => x = 4,98; y = 0,42; z = 0,1; t = 1,1

$\to 4, 3 < n C (e s t e) < 4, 6 \to < C (e s t e) <$

$\to E s t e : C_{4} H_{8} O_{2}$

→ $\{\begin{matrix} n_{C (peptit)} = 5, 4 - 4, 4 = 1 \\ n_{peptit} = z = 0, 1 \\ n_{CONH} = 0, 42 \to s o m a t x í c h t b = 4, 2 \end{matrix}$

$\{\begin{matrix} Z : {Gly}_{4} A l a (m) \\ Y : {Gly}_{3} A l a (n) \\ X : V a l A l a (p) \end{matrix} \to \{\begin{matrix} m + n + p = 0, 1 \\ 11 m + 9 n + 8 p = 1 \\ 5 m + 4 n + 2 p = 0, 42 \end{matrix}$