Trong hộp đen X (Hình 3) có mạch điện ghép bởi các điện trở giống nhau R0. Lần lượt đo điện trở của các cặp đầu dây ra cho ta kết quả: R42= 0, R14= R12= R43= R32= 5R0/3 và R13= 2R0/3. Bỏ qua điện trở...

Vì R42= 0: Giữa đầu 4 và đầu 2 nối với nhau bởi dây dẫn. - Vì R13= 2R0/3 < R0: Giữa đầu 1 và đầu 3 có mạch mắc song song. - Mạch đơn giản nhất gồm R0 song song với mạch có điện trở Rx R0RxR0+Rx=2R03→Rx=2R0 Mạch Rx gồm R0 nối tiếp R0 - Vậy mạch 1-3 có dạng đơn giản (Hình 1a). - Vì R14 = R12 = R43 = R32 = 5R0/3= R0 + 2R0/3 Nên các mạch 1- 4, 1- 2, 4- 3, 3- 2 gồm một điện trở R0 mắc nối tiếp với mạch 1- 3 ở trên. Vậy sơ đồ cách mắc đơn giản trong hộp đen X (Hình 1b).

Câu hỏi:

11/07/2024 411

Trong hộp đen X (Hình 3) có mạch điện ghép bởi các điện trở giống nhau R₀. Lần lượt đo điện trở của các cặp đầu dây ra cho ta kết quả: R₄₂= 0, R₁₄= R₁₂= R₄₃= R₃₂= 5R₀/3 và R₁₃= 2R₀/3. Bỏ qua điện trở các dây nối. Xác định cách mắc đơn giản nhất của các điện trở trong hộp đen

Xem lời giải

Câu hỏi trong đề: Đề thi Vật lí ôn vào 10 hệ chuyên có đáp án (Mới nhất) !!

Bắt đầu thi

Quảng cáo

Trả lời:

Giải bởi Vietjack

Vì R₄₂= 0: Giữa đầu 4 và đầu 2 nối với nhau bởi dây dẫn.

- Vì R₁₃= 2R₀/3 < R₀: Giữa đầu 1 và đầu 3 có mạch mắc song song.

- Mạch đơn giản nhất gồm R₀ song song với mạch có điện trở R_x

$\frac{R_{0} R_{x}}{R_{0} + R_{x}} = \frac{2 R_{0}}{3} \to R_{x} = 2 R_{0}$

Mạch R_x gồm R₀ nối tiếp R₀

- Vậy mạch 1-3 có dạng đơn giản (Hình 1a).

- Vì R₁₄ = R₁₂ = R₄₃ = R₃₂ = 5R₀/3= R₀ + 2R₀/3

Nên các mạch 1- 4, 1- 2, 4- 3, 3- 2 gồm một điện trở R₀ mắc nối tiếp với mạch 1- 3 ở trên.

Vậy sơ đồ cách mắc đơn giản trong hộp đen X (Hình 1b).

Trong hộp đen X (Hình 3) có mạch điện ghép bởi các điện trở giống nhau R0. Lần lượt đo (ảnh 1)

Hot: 500+ Đề thi vào 10 file word các Sở Hà Nội, TP Hồ Chí Minh có đáp án 2025 (chỉ từ 100k). Tải ngay

Sách thầy cô Vietjack biên soạn:

Xem thêm »

Bình luận

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Câu 1

Dẫn một lượng hơi nước có khối lượng m₁= 0,4kg ở nhiệt độ t₁= 100⁰C từ lò hơi vào một bình chứa nước đá có khối lượng m₂= 0,8kg ở nhiệt độ t₀= 0⁰C. Tính khối lượng và nhiệt độ nước ở trong bình khi có sự cân bằng nhiệt. Biết nhiệt dung riêng của nước C= 4200J/kg.độ, nhiệt hoá hơi của nước L= 2,3.10⁶J/kg và nhiệt nóng chảy của nước đá = 3,4.10⁵J/kg. (Bỏ qua sự hấp thụ nhiệt của bình).

Xem đáp án

Lời giải

- m₁= 0,4kg hơi nước ngưng tụ hết thành nước ở 100⁰C toả ra nhiệt lượng:

Q₁ = mL = 0,4. 2,3.10⁶ = 920.000J

- Nhiệt lượng 0,8 kg nước đá nóng chảy hết: Q₂ = lm₂ = 3,4.10⁵ .0,8 = 272.000J

- Q₁ > Q₂: Nước đá nóng chảy hết và tiếp tục nóng lên.

- Giả sử nước đá nóng lên đến 100⁰C, nhiệt lượng thu vào:

Q₃ = m₂C(t₁ - t₀) = 0,8.4200 (100 - 0) = 336.000J

- Q₂ + Q₃ = 272.000 + 336.000 = 608.000J

- Q₁ > Q₂ + Q₃: Hơi nước dẫn vào không ngưng tụ hết và nước nóng đến 100⁰C.

- Khối lượng hơi nước đã ngưng tụ: m' = (Q₂ + Q₃)/ L = 608.000: (2,3.10⁶)= 0,26kg

- Khối lượng nước trong bình: 0,8 + 0,26 = 1,06kg, nhiệt độ nước trong bình là 100⁰C.

Câu 2

Cho mạch điện (Hình 1). Biết U₁= 16V, U₂= 5V, r₁= 2Ω, r₂=1Ω, R₂= 4Ω, đèn Đ ghi (3V- 3W), ampe kế lí tưởng.

a. Tính R₁, R₃, U_AB. Biết rằng đèn Đ sáng bình thường, ampe kế chỉ số 0.

b. Thay ampe kế bằng vôn kế lí tưởng. Tính số chỉ của vôn kế và cho biết độ sáng của đèn thay đổi như thế nào?

Xem đáp án

Lời giải

a) Đèn: $\{\begin{cases} R_{đ} = 3 Ω \\ I_{d m} = 1 A \\ U_{d m} = 3 V \end{cases}$

- Ampe kế chỉ số không: $\{\begin{cases} U_{NM} = U_{2} = 5V \\ I_{1} = I_{2} \\ I_{3} = I_{d} \end{cases}$

- Đèn sáng bình thường: $\{\begin{cases} I_{d} = I_{d m} = 1 A = I_{3} \\ U_{d} = U_{d m} = 3 V \end{cases}$ (1)

- Tại nút A: $I = I_{1} + I_{d} \to I_{1} = I - 1$ (2)

U_NM= U_NB+ U_BM « $\leftrightarrow (I - 1) 4 = 8 \to I = 3 A$

$\leftrightarrow (I - 1) 4 = 8 \to I = 3 A$ (3)

- Từ (2), (3) $\to I_{1} = 2 A$

- Áp dụng ĐL Ôm cho từng đoạn mạch: $\{\begin{cases} U_{1} = U_{A B} + I . r_{1} \\ U_{A B} = I_{1} (R_{1} + R_{2}) \\ U_{A B} = I_{d} . R_{3} + U_{d} \end{cases}$ (3)