Câu hỏi:

26/04/2026 3 Lưu

Để chuẩn bị cho giải bóng đá học đường, giáo viên thể chất khảo sát thời gian chạy cự ly 100m (tính bằng giây) của 40 học sinh nam khối lớp 9. Kết quả khảo sát được mô tả bằng biểu đồ đoạn thẳng về tần số tương đối ghép nhóm như sau:

Để chuẩn bị cho giải bóng đá học đường, giáo viên thể chất khảo sát thời gian chạy cự ly 100m (tính bằng giây) của 40 học sinh nam khối lớp 9. Kết quả khảo sát được mô tả bằng biểu đồ đoạn th (ảnh 1)

Dựa vào biểu đồ, hãy lập bảng tần số tương đối ghép nhóm cho biểu đồ trên. Tính số lượng học sinh có thành tích chạy dưới 14 giây.

Quảng cáo

Trả lời:

verified Giải bởi Vietjack

Lập được bảng tần số tương đối ghép nhóm

Để chuẩn bị cho giải bóng đá học đường, giáo viên thể chất khảo sát thời gian chạy cự ly 100m (tính bằng giây) của 40 học sinh nam khối lớp 9. Kết quả khảo sát được mô tả bằng biểu đồ đoạn th (ảnh 2)

Tính được số lượng học sinh có thành tích chạy dưới 14 giây:

(15%+ 35%).40 = 20 (học sinh)

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Lời giải

 Cho đường tròn tâm O, đường kính AB. Trên tiếp tuyến của đường tròn (O) tại A lấy điểm M (M khác A). Từ điểm M vẽ tiếp tuyến thứ hai MC với đường tròn (O) (C là tiếp điểm).  (ảnh 1)

a) Tứ giác AKNH là tứ giác nội tiếp,

Ta có \(AKB={90}^{0}\)(góc nội tiếp chắn nửa đường tròn), suy ra \(AKN={90}^{0}\).

Xét \(∆AKN\)vuông tại K,nên \(∆AKN\)nội tiếp đường tròn đường kính AN (1).

Xét \(∆AHN\)vuông tại H, nên \(∆AHN\)nội tiếp đường tròn đường kính AN (2).

Từ (1) và (2) suy ra bốn điểm A,K,N,H cùng nằm trên đường tròn đường kính AN.

b) Ta có \(ACB={90}^{0}\)(góc nội tiếp chắn nửa đường tròn),

Xét \(∆ACH\)và \(∆ABC\) có : \(AHC=ACB\) =\({90}^{0}\)

\(CAB=CAH\)

Vậy \(∆ACH ~\) \(∆ABC\)(g-g), suy ra \(\frac{AC}{AB}=\frac{AH}{AC}\) nên \({AC}^{2}=AH.AB\)

Mà AB = 2OC ( Vì AB là đường kính ), suy ra \({AC}^{2}\) = 2 AH. OC

Ta có MA và MC là hai tiếp tuyến của (O) nên

MA =MC và OA=OC =R ,

Suy ra OM là đường trung trực của AC .

Do đó \[OM \bot AC\] và \[BC \bot AC(cmt)\] , suy ra OM // BC.

Suy ra \(OMB=KBC\) ( So le trong ) (3)

\(KAC=KBC\) ( góc nội tiếp chắn cung KC) (4)

Từ (3) và (4) suy ra : \(KAC=OMB.\)

c) Xét \(∆AOMvà ∆HBCcó :MAO=CHB\) =\({90}^{0}\)

\(AOM=HBC\) ( Hai góc đồng vị của MO//BC).

Do đó \(∆AOM~∆HBC\) (g-g) , suy ra \(\frac{AM}{CH}=\frac{AO}{BH}\) (5)

Ta lại có MA //CH ( vì cùng vuông góc với AB) nên NH // MA

Xét \(∆AMBcó\)NH // MA nên \(∆HNB\) \(~\) \(∆AMB\)

Do đó \(\frac{AB}{BH}=\frac{AM}{HN}\) , suy ra \(\frac{AB}{2BH}=\frac{AM}{2HN}\) , mà AO = \(\frac{AB}{2}\)

Suy ra \(\frac{AO}{BH}=\frac{AM}{2HN}\) (6)

Từ (5) và (6) suy ra : \(\frac{AM}{CH}=\frac{AM}{2HN}\) , suy ra CH = 2 HN

Suy ra CN = NH . Vậy N là trung điểm của CH.

Lời giải

Có Δ= 20 > 0 suy ra phương trình có 2 nghiệm phân biệt.

Áp dụng định lý Viète ta có:

\(\left\{ \begin{aligned}{x}_{1}+{x}_{2}&=4 \\ {x}_{1}.{x}_{2}&=-1\end{aligned} \right.\)

Vì \({x}_{1}\)là nghiệm của phương trình (*) nên \({x}_{1}^{2}-4{x}_{1}-1=0\)

\({x}_{1}^{2}=4{x}_{1}+1\)

\({x}_{1}^{3}={4x}_{1}^{2}+{x}_{1}\)

Ta có: A =\({x}_{1}^{3}+17{x}_{2}+2026\) = \({4x}_{1}^{2}+{x}_{1}+17{x}_{2}+2026\)

= 4.( \(4{x}_{1}+1)+{x}_{1}+17{x}_{2}+2026\)= \(16{x}_{1}+4+{x}_{1}+17{x}_{2}+2026\) = \(17.\left. {x}_{1}+{x}_{2} \right.+2030\) = 17 . 4 + 2030 = 2098