Câu hỏi:

05/11/2025 131 Lưu

Năm học 2017 – 2018, Trường THCS Tiến Thành có ba lớp 9 gồm 9A, 9B, 9C trong đó lớp 9A có 35 học sinh và lớp 9B có 40 học sinh. Tổng kết cuối năm học, lớp 9A có 15 học sinh đạt danh hiệu học sinh giỏi, lớp 9B có 12 học sinh đạt danh hiệu học sinh giỏi, lớp 9C có 20% học sinh đạt danh hiệu học sinh giỏi và toàn khối 9 có 30% học sinh đạt danh hiệu học sinh giỏi. Hỏi lớp 9C có bao nhiêu học sinh?

Quảng cáo

Trả lời:

verified Giải bởi Vietjack

Gọi \[x\] là số học sinh lớp 9C (\[x \in \mathbb{N}\]).

Ta có:

Tổng số học sinh của 3 lớp là: \[x + 35 + 40 = x + 75\] (học sinh).

Tổng số học sinh giỏi của 3 lớp là: \[15 + 12 + x.20\%  = 27 + \frac{1}{5}x\] (học sinh).

Vì toàn khối 9 có 30% học sinh đạt danh hiệu học sinh giỏi nên ta có phương trình:

\[27 + \frac{1}{5}x = \left( {x + 75} \right).30\% \]

\[ \Leftrightarrow 27 + \frac{1}{5}x = \left( {x + 75} \right).\frac{3}{{10}}\]

\[ \Leftrightarrow 270 + 2x = 3x + 225\]

\[ \Rightarrow x = 270 - 225 = 45\].

Vậy lớp 9C có 45 học sinh.

CÂU HỎI HOT CÙNG CHỦ ĐỀ

Lời giải

a) Ta có \[BD = \sqrt {B{C^2} + C{D^2}}  = \sqrt {{{230}^2} + {{230}^2}}  = 230\sqrt 2 \] (m) (định lí Pytago trong tam giác vuông \[BCD\]).

Suy ra \[OD = \frac{{BD}}{2} = \frac{{230\sqrt 2 }}{2} = \frac{{230}}{{\sqrt 2 }}\] (m).

Khi đó \[S{O^2} = S{D^2} - O{D^2} = {214^2} - \frac{{{{230}^2}}}{2} = 19346\] (định lí Pytago trong tam giác vuông \[SOD\])

\[ \Rightarrow SO = \sqrt {19346}  \approx 139,1\] (m).

Vậy \[h = SO \approx 139,1\] (m).

b) Tacó \[V = \frac{1}{3}S.h \approx \frac{1}{3}{.230^2}.139,1 \approx 2452796,667 \approx 2\,\,453\,\,000\] (m3).

Lời giải

Cho tam giác nhọn ABC có BC = 8 cm. Đường tròn tâm O đường kính BC cắt AB,AC lần lượt tại E và D. Hai đường thẳng BD và CE cắt nhau tại H. (ảnh 1)

a) Ta có: \[\widehat {BEC} = \widehat {BDC} = 90^\circ \] (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn).

Suy ra \[CE \bot AB,\,\,BD \bot AC\].

Khi đó, tam giác \[ABC\] có 2 đường cao \[BD\] và \[CE\] cắt nhau tại \[H\] nên \[H\] là trực tâm của tam giác \[ABC\]. Nên \[AH\] là một đường cao của tam giác \[ABC\].

Suy ra \[AH\] vuông góc \[BC\].

b) Ta có: \[\widehat {AEH} + \widehat {ADH} = 90^\circ  + 90^\circ  = 180^\circ \].

Suy ra tứ giác \[ADHE\] là tứ giác nội tiếp đường tròn đường kính \[AH\].

Vì \[K\] là trung điểm của \[AH\] nên \[K\] là tâm của đường tròn đường kính \[AH\].

\[ \Rightarrow \widehat {EKD} = 2\widehat {EAD}\] (tính chất góc ở tâm)

Lại có: \[\widehat {EOD} = 2\widehat {EBD}\] (tính chất góc ở tâm)

Suy ra \[\widehat {EKD} + \widehat {EOD} = 2\left( {\widehat {EAD} + \widehat {EBD}} \right) = 2.90^\circ  = 180^\circ \] (do tam giác \[ABD\] vuông tại \[D\])

Mà \[\widehat {EKD}\] và \[\widehat {EOD}\] là hai góc đối diện trong tứ giác \[OEKD\].

Vậy tứ giác \[OEKD\] nội tiếp.

c) +) Tam giác \[ABD\] vuông tại \[D\] và có \[\widehat {BAD} = \widehat {BAC} = 60^\circ \].

Suy ra \[\widehat {ABD} = 90^\circ  - \widehat {BAD} = 90^\circ  - 60^\circ  = 30^\circ \].

Suy ra \[\widehat {EOD} = 2\widehat {EBD} = 2\widehat {ABD} = 2.30^\circ  = 60^\circ \].

Lại có tam giác \[OED\] có \[OE = OD\] (cùng bằng bán kính) và \[\widehat {EOD} = 60^\circ \] nên \[OED\] là tam giác đều.

Suy ra \[DE = OE = \frac{{BC}}{2} = \frac{8}{2} = 4\] (cm).

+) Tứ giác \[BEDC\] nội tiếp đường tròn \[\left( O \right)\].

\[ \Rightarrow \widehat {ABC} + \widehat {EDC} = 180^\circ \]

Mà \[\widehat {EDC} + \widehat {ADE} = 180^\circ \] (kề bù)

Nên \[\widehat {ABC} = \widehat {ADE}\].

Xét \[\Delta ADE\] và \[\Delta ABC\] có

\[\widehat A:{\rm{chung}}\]

\[\widehat {ABC} = \widehat {ADE}\]

Do đó,  (g – g).

Suy ra \[\frac{{{S_{ADE}}}}{{S{ & _{ABC}}}} = {\left( {\frac{{DE}}{{BC}}} \right)^2} = {\left( {\frac{4}{8}} \right)^2} = \frac{1}{4}\].