Đáp án C

Nhận thấy đốt cháy X tương đương đốt cháy metan

→ n_CH4 = n_O2 : 2 = 0,15 mol

Luôn có m_CH4 = m_X→ n_X = $\frac{0,15.16}{4,8.2}$ = 0,25 mol

n_X - n_CH4 = n_{CH4 pư} → n_{CH4 pứ} = 0,1 mol

Vậy H = $\frac{0,1}{0,15}$ ×100% = 66,67%.

Đáp án C

Crackinh m gam (CH₃)₃CH

→ hhX gồm CH₄ và CH₂=CH-CH₃.

hhX + 0,07 mol Br₂ thì dd Br₂ mất màu hoàn toàn

→ n_{CH2=CH-CH3 phản ứng} = 0,07 mol.

Có 0,13 mol hh CH₄ và CH₂=CH-CH₃ dư thoát ra có d_/CO2 = 0,5.

• Theo BTKL: m = m_{CH2=CH-CH3phản ứng} + m_{hh khí thoát ra}

= 0,07 x 42 + 0,5 x 44 x 0,13 = 5,8 gam

Đáp án D

Đề hiđro hóa hhM gồm C₂H₆ và C₃H₈ → hhN gồm 4 hiđrocacbon + H₂

Gọi d là tỉ khối của M so với N.

• Giả sử số mol hỗn hợp đầu là 1 mol .

Khi tách hiđro có a mol etan phản ứng và b mol propan phản ứng (0 < a + b < 1)

→ Sau phản ứng: n_N = n_C2H6dư + n_C3H8dư + n_C2H4 + n_C3H6 + n_H2 = 1 + a + b (mol).

Theo BTKL: m_M = m_N

 → 1 < d < 2 

Đáp án B

C₄H₁₀ → anken + ankan.

M_X = 1,5 x M_Y.

Căn cứ vào đáp án; loại C, D vì có số nguyên tử C > 4

→ còn lại hai trường hợp:

TH1: Nếu X, Y là ankan: 14n + 2 = 1,5 x (14m + 2) → 2n - 3m = 1/7

→ loại vì m < n < 4. (không có giá trị phù hợp).

TH2: Nếu X, Y là anken: 14n = 14m x 1,5

→ n = 1,5m.

Với thể khí → m = 2; n = 3 → Y là C₃H₆ và X là C₂H₄

Đáp án C

Crackinh 0,5 mol (CH₃)₂CH-CH₂-CH₃ → hhX gồm ankan và anken.

Trong hhX có chứa 7,2 gam chất Y + O₂ → 0,5 mol CO₂ + 0,56 mol H₂O

• Đốt cháy Y được: n_H2O > n_CO2

 X là ankan:

 
Số C trong X = $\frac{0,5}{0,1}=5$ , số H trong X = $\frac{2.0,6}{0,1}=12$ X là isopentan còn dư.

H% = $\frac{0,5-0,1}{0,5}$ x 100% = 80%