Bài tập hóa học vô cơ có giải chi tiết (mức độ vận dụng cao

Thi Online Bài tập Hóa học vô cơ có giải chi tiết (mức độ vận dụng cao)

Bài tập hóa học vô cơ có giải chi tiết (mức độ vận dụng cao - P3)

4998 lượt thi
20 câu hỏi
30 phút

BẮT ĐẦU LÀM BÀI

Câu 1:

Cho 29,2 gam hỗn hợp khí X gồm Fe₃O₄ và CuO phản ứng với CO nung nóng, sau một thời gian thu được hỗn hợp rắn Y và hỗn hợp khí Z. Cho Z tác dụng với dd Ba(OH)₂ dư thu được 9,85 gam kết tủa. Hòa tan hết Y trong 150 gam dung dịch HNO₃ 63% đun nóng thu được dung dịch T và 4,48 lít NO₂ (đktc) ( là sản phẩm khử duy nhất). Cho V (lít) dung dịch NaOH 1M vào dung dịch T, phản ứng hoàn toàn tạo ra kết tủa với khối lượng lớn nhất. Phần trăm khối lượng Fe₃O₄ và giá trị V là

A. 20,54% và 1,300 lít

B. 20,54% và 0,525 lít

C. 79,45 % và 1,300 lít

D. 19,45% và 0,525 lít

Xem đáp án

Đáp án C

n_HNO3 bđ = 1,5 ; n_NO2 = 0,2 (mol)

Khi thêm nước lọc vào T và thu được lượng kết tủa max thì phần dung dịch nước lọc chỉ chứa NaNO₃.

Bảo toàn N => n_NaNO3 = n_HNO3 – n_NO2 = 1,3 (mol)

=> n_NaOH = 1,3 => V_{dd NaOH} = 1,3 (lít)

Đặt a, b là số mol Fe₃O₄ và CuO

m_hh = 232a + 80b = 29,2 (1)

Có: n_CO2 = n_BaCO3 = 0,05 (mol) = n_{O( trong oxit pư)}

Bảo toàn e cả quá trình: n_NO2 = n_Fe3O4 + 2n_{O (mất đi khi + CO)}

=> n_Fe3O4 = n_NO2 - 2n_{O (mất đi khi + CO)} = 0,2 – 2.0,05 = 0,1 (mol)

=> %m_Fe3O4 = [0,1. 232: 29,2].100% = 79,45%

Câu 2:

Tiến hành điện phân dung dịch chứa m gam hỗn hợp CuSO₄ và NaCl ( hiệu suất 100%), điện cực trơ, màng ngăn xốp), đến khi nước bắt đầu điện phân ở hai điện cực thì ngừng điện phân, thu dược dung dịch X và 6,72 lít khí ( đktc) ở anot. Dung dịch X hòa tan tối đa 20,4 gam Al₂O₃. Giá trị của m là

A. 25,6.

B. 50,4.

C. 51,1.

D. 23,5.

Xem đáp án

Đáp án C

TH1: Cl^- bị đp hết trước Cu²⁺, H₂O ở anot bị điện phân

Al₂O₃+6H⁺→2Al³⁺+3H₂O

0,2.…1,2

Catot:

Cu²⁺ + 2e → Cu

Anot:

Cl^- -1e → 0,5Cl₂

H₂O - 2e→0,5O₂ + 2H⁺

0,3 1,2

Ta thấy nO₂=0,3 => nCl₂ = 0 (vô lí)

TH2: Cu²⁺ bị điện phân hết trước Cl^-, H₂O ở catot bị điện phân sinh ra OH^-

Al₂O₃+2OH^-→2AlO₂^-+H₂O

0,2…….0,4

Catot:

Cu²⁺ +2e→Cu

x 2x

H₂O+1e→OH^-+0,5H₂

0,4 0,4

Anot:

Cl^- -1e → 0,5Cl₂

0,6...0,3

=>2x+0,4=0,6=>x=0,1 mol

=>nCuSO₄=0,1 mol; nNaCl=0,6 mol

=>m=0,1.160+0,6.58,5=51,1 gam

Câu 3:

Tiến hành điện phân dung dịch chứa Cu(NO₃)₂ 1,2M và NaCl 0,8M bằng điện cực trơ đến khi khối lượng dung dịch giảm 10,2g thì dừng điện phân. Cho 0,2 mol bột Fe vào dung dịch sau điện phân, kết thúc phản ứng thấy thoát ra 0,672 lit khí NO (sản phẩm khử duy nhất, dktc) và còn lại m gam chất rắn không tan. Giá trị của m là :

A. 8,84g

B. 7,56g

C. 25,92g

D. 5,44g

Xem đáp án

Đáp án A

n_Cu2+ = 1,2a ; n_Cl = 0,8a

n_NO = 0,03 mol => n_H+ = n_HNO3 = 0,12 mol

n_Fe = 0,2 mol

Cu(NO₃)₂ + 2NaCl -> Cu + Cl₂ + 2NaNO₃

0,4a 0,8a 0,4a 0,4a

Cu(NO₃)₂ + H₂O -> Cu + 0,5O₂ + 2HNO₃

0,06 0,06 0,03 0,12

m_giảm = 64(0,4a + 0,06) + 71.0,4a + 32.0,03 = 10,2

=> a = 0,1

=> n_Cu2+dư = 1,2a – 0,4a – 0,06 = 0,02 mol

Bảo toàn electron : 2n_Fe = 3n_NO(Vì lượng Fe quá lớn so với NO sinh ra => Fe chỉ tạo Fe²⁺)

=> n_{Fe pứ} = 0,045 mol

Fe + Cu²⁺ -> Fe²⁺ + Cu

0,02 0,02 -> 0,02

=> chất rắn gồm : 0,135 mol Fe và 0,02 mol Cu

=> m_rắn = 8,84g

Câu 4:

Hòa tan hoàn toàn hỗn hợp rắn gồm Fe₃O₄ (1,4x mol) và Cu (x mol) vào dung dịch HCl (vừa đủ), kết thúc phản ứng chỉ thu được dung dịch X. Thêm dung dịch chứa 5,7g MgCl₂ vào X, được dung dịch Y. Điện phân dung dịch Y đến khi nước bắt đầu điện phân ở anot thì ngừng điện phân, khi đó khối lượng dung dịch Y giảm 77,54g. Khối lượng muối khan thu được khi cô cạn dung dịch Y là :

A. 78,98g

B. 71,84g

C. 78,86g

D. 75,38g

Xem đáp án

Đáp án C

Fe₃O₄ + 8HCl -> FeCl₂ + 2FeCl₃ + 4H₂O

1,4x -> 1,4x -> 2,8x

Cu + 2FeCl₃ -> CuCl₂ + 2FeCl₂

x -> 2x

Y gồm : 0,06 mol MgCl₂ ; x mol CuCl₂ ; 3,4x mol FeCl₂ ; 0,8x mol FeCl₃

Điện phân đến khi anot xuất hiện khí :

Catot : 0,06 mol Mg²⁺ ; x mol Cu²⁺ ; 3,4x mol Fe²⁺ ; 0,8x mol Fe³⁺

Anot : (0,12 + 11,2x) mol Cl^-

(Mg²⁺ không bị điện phân)

Vậy Catot : 2H₂O + 2e -> H₂ + 2OH^-

Mol 0,12-> 0,06

m_giảm= m_Cu + m_Fe+ m_H2 + m_Cl2

m_muối = m_giảm – m_H2 + m_Mg (Vì bảo toàn e, số mol e H₂ nhận đúng bằng số mol điện tích Mg²⁺ )

=> m_{muối khan Y} = 77,54 - 0,06.2 + 0,06.24 = 78,86g

Câu 5:

Điện phân dung dịch gồm 28,08 gam NaCl và m gam Cu(NO₃)₂ (điện cực trơ, màng ngăn xốp) đến khi khối lượng dung dịch giảm 51,60 gam thì ngừng điện phân thu được dung dịch X. Cho thanh sắt vào X, sau khi các phản ứng kết thúc thấy khối lượng thanh sắt giảm 6,24 gam và thu được khí NO (sản phẩm khử). Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 170

B. 180

C. 190

D. 160

Xem đáp án

Đáp án B

n_NaCl = 0,48 mol

Do khi cho Fe vào dung dịch X thì thấy thoát ra khí NO là sản phẩm khử duy nhất nên H₂O đã bị điện phân ở anot.

Catot:

Cu²⁺ +2e → Cu

x…….2x……x

Anot:

Cl^--1e → 0,5Cl₂

0,48…0,48…0,24

2H₂O - 4e → O₂ + 4H⁺

4y…..y…..4y

n _{e trao đổi} = 2x = 0,48 + 4y (1)

m _{dung dịch giảm} = m_Cu + m_Cl2 + m_O2=> 64x + 71.0,24 + 32y = 51,6 (2)

Giải (1) và (2) => x = 0,48; y = 0,12

=> nH⁺ = 0,48 mol

3Fe + 8H⁺ + 2NO₃^- → 3Fe²⁺+ 2NO + 4H₂O

0,18 ← 0,48

Fe + Cu²⁺ → Fe²⁺ + Cu

z z z

Khối lượng thanh sắt giảm: (z+0,18).56 – 64z = 6,24 => z = 0,48 mol

=> nCu(NO₃)₂ ban đầu = x + z = 0,48 + 0,48 = 0,96 mol

=> m = 0,96.188 = 180,48 gam

Bắt đầu thi để xem toàn bộ câu hỏi trong đề

Bài thi liên quan: