Bộ 20 đề thi học kì 1 Hóa 12 có đáp án_ đề 8

Đáp án A

Phương pháp giải:

Phản ứng với axit - bazo

Với amino axit X có CT là: R(NH₂)_x(COOH)_y

→ n_H+ = x.n_X; n_OH- = y.n_COOH

Giải chi tiết:

Ta thấy: n_X = n_HCl → X có 1 nhóm NH₂

 BTNT "Cl": n_{Cl(muối Y)} = n_HCl = 0,1 mol

Trong Y, hàm lượng Cl theo khối lượng là 28,287% → m_Y = 0,1.35,5.(100/28,287) = 12,55 (g)

Ta có: X + HCl → Muối

BTKL: m_X = m _muối - m_HCl = 12,55 - 0,1.36,5 = 8,9 (g)

Đáp án A

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Poli(vinyl clorua) có CT là: (-CH₂-CHCl-)_n

→ M_polime = 62500 = M_{mắt xích} . n = 62,5n → n = 1000

Đáp án B

Phương pháp giải:

Tính toán theo PTHH: C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → H₂NC₆H₂Br₃ + 3HBr

Giải chi tiết:

PTHH: C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → H₂NC₆H₂Br₃ + 3HBr

n_{tribromanilin} = 6,6 : 330 = 0,02 mol

Theo PTHH → n_Br2 = 3.n_H2NC6H2Br3 = 0,06 mol

→ V_{dd Br2} = 0,06 : 0,2 = 0,3 lít

Đáp án B

Phương pháp giải:

Các cacbohiđrat đều quy được về dạng C_n(H₂O)_m

Khi đốt cháy: C_n(H₂O)_m  + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

→ n_CO2 = n_O2

Giải chi tiết:

Ta thấy: Xenlulozo và tinh bột đều có CT (C₆H₁₀O₅)_n, glucozo (C₆H₁₂O₆) và saccarozo (C₁₂H₂₂O₁₁)

→ Quy hỗn hợp về dạng C_n(H₂O)_m

Khi đốt cháy: C_n(H₂O)_m  + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

→ n_CO2 = n_O2 = 2,52 : 22,4 = 0,1125 mol

BTKL cho pư cháy: m = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 0,1125.44 + 1,8 - 0,1125.32 = 3,15 gam

Đáp án B

Phương pháp giải:

Các cacbohiđrat đều quy được về dạng C_n(H₂O)_m

Khi đốt cháy: C_n(H₂O)_m  + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

→ n_CO2 = n_O2

Giải chi tiết:

Ta thấy: Xenlulozo và tinh bột đều có CT (C₆H₁₀O₅)_n, glucozo (C₆H₁₂O₆) và saccarozo (C₁₂H₂₂O₁₁)

→ Quy hỗn hợp về dạng C_n(H₂O)_m

Khi đốt cháy: C_n(H₂O)_m  + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

→ n_CO2 = n_O2 = 2,52 : 22,4 = 0,1125 mol

BTKL cho pư cháy: m = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 0,1125.44 + 1,8 - 0,1125.32 = 3,15 gam

Đáp án C

Phương pháp giải:

Ghi nhớ CT cao su buna-S có dạng: [(-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n(-CH₂-CHC₆H₅-)_m]

Dựa vào phản ứng với Brom → Số mol các mắt xích trong phân tử cao su → Tỉ lệ mắt xích

Giải chi tiết:

Cao su buna-S có dạng: [(-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n(-CH₂-CHC₆H₅-)_m]

Cao su phản ứng được với nước Brom là do liên kết đôi trong phần butadien

→ n_Br2 = n_butadien = 1,2 : 160 = 0,0075 mol

Mặt khác: m_{cao su} = m_butadien + m_stiren → n_Stiren = 0,01125 mol

→ n : m = n_butadien : n_stiren = 0,0075 : 0,01125 = 2 : 3

Giải chi tiết:

Ta có: n_NaOH = 0,18 mol; n_Ba(OH)2 = $\frac{\mathrm{0,93}m}{171}$   mol; n_KOH = $\frac{\mathrm{0,044}m}{56}$  mol

Đặt n_{H2O pư} = a mol

BTKL: m + 18a = 7,2 + 0,93m + 0,044m + 0,14.2 (1)

BTNT "H": 2a = 0,18 + 2. $\frac{\mathrm{0,93}m}{171}$  + $\frac{\mathrm{0,044}m}{56}$  + 0,14.2 (2)

Giải hệ trên được m = 25,5 (g)

Vậy n_NaOH = 0,18 mol; n_Ba(OH)2 = 0,1387 mol; n_KOH = 0,02 mol

→ n_OH- = 0,4774 mol và n_CO2 = 0,348 mol

Tính tỉ lệ (*) = n_OH-/ n_CO2 = 0,4774 : 0,348 = 1,37 →  tạo 2 muối CO₃^2- (x mol) và HCO₃^- (y mol)

Ta có: n_CO2 = x + y = 0,348 và n_OH- = 2x + y = 0,4774

→ x = 0,1294 và y = 0,2186

Ba²⁺+         CO₃^2- →     BaCO₃ ↓

0,1387          0,1294        0,1294 mol

→ m_BaCO3 = 0,1294.197 = 25,4918 gam ≈ 25,5 gam

Đáp án B

Phương pháp giải:

Các monosaccarit không có phản ứng thủy phân.

Giải chi tiết:

Vì glucozo là monosaccarit nên không có phản ứng thủy phân.