Bài tập về Este - Lipit cực hay có lời giải chi tiết (P4)

🔥 Đề thi HOT:

487 người thi tuần này

Tổng hợp bài tập Hóa vô cơ hay và khó (P3)

15.6 K lượt thi 43 câu hỏi

223 người thi tuần này

15 câu Trắc nghiệm Hóa 12 Kết nối tri thức Bài 1: Ester - Lipid có đáp án

5.9 K lượt thi 15 câu hỏi

192 người thi tuần này

Bộ 3 đề thi cuối kì 1 Hóa 12 Kết nối tri thức cấu trúc mới có đáp án - Đề 1

558 lượt thi 21 câu hỏi

169 người thi tuần này

15 câu trắc nghiệm Hóa 12 Kết nối tri thức Bài 15. Thế điện cực và nguồn điện hóa học có đáp án

3 K lượt thi 15 câu hỏi

155 người thi tuần này

10 bài tập tính điện di của Amino Acid có lời giải

1.2 K lượt thi 10 câu hỏi

135 người thi tuần này

Hóa học 12 Bài tập về chuỗi phản ứng este có đáp án

7.7 K lượt thi 28 câu hỏi

123 người thi tuần này

15 câu Trắc nghiệm Peptit và protein có đáp án (Nhận biết)

4.8 K lượt thi 15 câu hỏi

119 người thi tuần này

40 Bài tập Crom - Sắt - Đồng có giải chi tiết (mức độ vận dụng cao - P1)

10.1 K lượt thi 20 câu hỏi

Danh sách câu hỏi:

Câu 1

Hợp chất X có thành phần gồm C, H, O chứa vòng benzen. Cho 6,9 gam X vào 360 ml dung dịch NaOH 0,5M (dư 20% so với lượng cần phản ứng) đến phản ứng hoàn toàn, thu được dung dịch Y. Cô cạn Y thu được m gam chất rắn khan. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 6,9 gam X cần vừa đủ 7,84 lít O₂ (đktc), thu được 15,4 gam CO₂. Biết X có công thức phân tử trùng với công thức đơn giản nhất. Giá trị của m là

A. 11,1.

B. 13,2.

C. 12,3.

D. 11,4

Lời giải

Chọn đáp án C.

n_NaOH _phản _ứng $= \frac{0, 36.0, 5}{1, 2} = 0, 15, n_{O_{2}} = n_{C O_{2}} = 0, 35$

Bảo toàn khối lượng

$\to n_{H_{2} O} = \frac{6, 9 + 0, 35.32 - 15, 4}{18} = 0, 15 n_{O / X} = \frac{6, 9 - 0, 35.12 - 0, 15.2}{16} = 0, 15$

=> n_C : n_H : n_O = 7 : 6 : 3

=> công thức phân tử của X là C₇H₆O₃.

n_X = 0,05 => n_X : n_NaOH = 1 : 3 => X phải có công thức HCOOC₆H₄OH

=> m gam rắn khan gồm HCOONa (0,05 mol), C₆H₄(ONa)₂ (0,05 mol) và NaOH dư (0,03 mol)

=> m = 0,05.68 + 0,05.154 + 0,03.40 = 12,3 gam.

Câu 2

Hỗn hợp E chứa ba este đều mạch hở, trong phân tử chỉ chứa một loại nhóm chức gồm este X (C_xH_2xO₂), este Y (C_yH_2y–2O₂) và este Z (C_zH_2z–2O₄). Đun nóng 0,4 mol E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được 25,7 gam hỗn hợp gồm ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 49,1 gam hỗn hợp T gồm ba muối. Đốt cháy toàn bộ T cần dùng 0,275 mol O₂, thu được Na₂CO₃ và 0,49 mol hỗn hợp gồm CO₂ và H₂O. Phần trăm khối lượng của Y trong hỗn hợp E là

A. 8,35%.

B. 9,47%.

C. 7,87%.

D. 8,94%.

Lời giải

Đáp án A

Cách 1: X có CTPT C_nH_2nO₂ là este no, đơn chức, mạch hở ® ancol tạo X là no, đơn chức mạch hở. ® cả ba ancol cùng dãy đồng đẳng no, đơn chức, mạch hở ® Z tạo từ axit hai chức và ancol đơn chức.

Theo đó, n_{hỗn hợp muối T} = n_E = 0,04 mol. “Cảm nhận” đốt T đủ giả thiết để giải. Thật vậy:

ó Phản ứng đốt cháy: .

- Gọi số mol Na₂CO₃ là x mol $\to \sum_{n_{C O O N a}} = 2 a m o l$ . Bảo toàn nguyên tố O với YTHH 01 có:

Phương trình: 4a+0,275.2= 3a+0,49.2- $n_{H_{2} O} \to \{\begin{cases} n_{H_{2} O} = 0, 42 - a (m o l) \\ n_{C O_{2}} = 0, 06 + a (m o l) \end{cases}$

$\to$ Bảo toàn khối lượng: 49,1+0,275.32= 106a+44(0,06+a)+18(0,43-a) $\to$ a= 0,36.

- YTHH 01 cho 0,72 mol Na trong 0,4 mol T ® có 0,32 mol muối Z'; còn lại 0,08 mol X' và Y'.

Đốt muối, có tương quan $\sum_{n_{C O_{2}}} - \sum_{n_{H_{2} O}} = n_{Y'} + n_{Z'} \to$ có 0,03 mol Y' và suy ra 0,05 mol X'

Biện luận 1: có phương trình: 0,05n'+0,03m'+0,32x'= $\sum_{n_{C}}$ =0,06+2a= 0,78 mol (*)

Với n', m', x' là các số nguyên và $n' \geq 1, m' \geq 3, x' = 2$ . Tóm lại, ở đốt cháy muối xử lí có được: 0,05 mol HCOONa; 0,03 mol C₂H₃COONa và 0,32 mol (COONa)₂.

Biện luận 2: nếu ancol tạo Z là C₂H₅OH trở lên thì $m_{a n c o l} \geq 0, 32.2.46 = 29, 44 \geq 25, 7 g a m$ .

$\to$ ancol tạo ra Z là CH₃OH hay Z là (COOCH₃)₃. Giả sử X là HCOOR và Y là $C_{2} H_{3} C O O R'$ .

Ta có

Giải phương trình nghiệm nguyên có R = 43 (gốc C₃H₇-) và R'= 57 (gốc C₄H₉-).

Vậy hỗn hợp E có 0,03 mol este Y là C₂H₃COOC₄H₉ (M=128).

Bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân có $m_{E}$ =25,7+49,1-0,72.40= 46 gam

$\to$ Yêu cầu .

Cách 2: Suy luận như trên có n_muối = n_este = 0,4 mol.

ó Quy muối gồm: x mol HCOONa; y mol C₂H₃COONa; z mol (COONa)₂ và a mol CH₂. Ta có hệ 4 ẩn:

- Tổng số mol các muối: x+y+z= 0,4 mol (1)

- Tổng số mol H₂O va CO₂: x+4y+z+2a= 0,49 mol (2)

- Tổng khối lượng muối T: 68x+94y+134z+14a= 49,1 mol (3)

- Số mol O₂ cần để đốt là: 0,5x+3y+0,5z+1,5a= 0,275 mol (4)

Giải hệ ta được: x = 0,05 mol; y = 0,03 mol; z = 0,32 mol; a = 0 $\to \sum_{n_{a n c o l}} = 0, 72 m o l$

Lại quy đổi ancol gồm 0,72 mol CH₃OH và 0,19 mol CH₂. Thấy: 0,19= 0,05.2+0,03.3 => có 0,05 HCOOC₃H₇ và 0,03 C₂H₃COOC₄H₉ và 0,32 mol (COOCH₃)₂ => Yêu cầu như cách 1.

Cách 3: Gọi số mol X, Y, Z lần lượt là x, y, z mol.

Có n_NaOH = x + y + 2z = n_COONa = n_{O trong muối}. Lại có .

=> Bảo toàn O phản ứng đốt có

=> $n_{C O_{2}} = 0, 26 + z / 2 m o l v à n_{H_{2} O} = 0, 23 - z / 2$ . BTKL giải ra: z = 0,32 mol ® x + y = 0,08 mol.

$\to \sum_{n_{N a O H}} = 0, 72 m o l = \sum_{n_{a n c o l}} \to M_{a n c o l} = 35, 7 \to$ có 1 ancol là CH₃OH.

=> Tiếp tục giải và biện luận tương tự cách

Câu 3

Cho X, Y là hai axit cacboxylic đơn chức mạch hở (M_X < M_Y); T là este hai chức tạo bởi X, Y và một ancol no mạch hở. Đốt cháy hoàn toàn 12,38 gam hỗn hợp E gồm X, Y, T bằng một lượng vừa đủ O₂, thu được 0,47 mol CO₂ (đktc) và 0,33 mol H₂O. Mặt khác 12,38 gam E tác dụng với dung dịch AgNO3 trong NH₃ dư, thu được 17,28 gam Ag. Phần trăm khối lượng của X trong E có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 18,6.

B. 18,2.

C. 18,0.

D. 18,8.

Lời giải

Đáp án A

· Giải đốt 12,38 gam $E + O_{2} \overset{t^{o}}{\to}$ 0,47 mol CO₂ + 0,33 mol H₂O.

Bảo toàn nguyên tố C, H, O ta có trong E: n_C = 0,47 mol; n_H = 0,66 mol; n_O = 0,38 mol.

· Phản ứng được với AgNO₃/NH₃ chỉ có 1HCOO- $\overset{+ A g N O_{3} / N H_{3}}{\to} 2 A g_{k t}$ . Theo đó n_HCOO = 0,08 mol.

Quy đổi góc nhìn:

« Cách quy đổi: 1 este (2 chức) + 2H₂O = 2 axit (đơn chức) + 1 ancol (hai chức).

Theo đó, bảo toàn O có ngay n_RCOOH = 0,11 mol. Ancol no, còn RCOOH chưa rõ cấu tạo.

Tương quan đốt: .

Với k là tổng số p có tròng RCOOH và 0 < a < 0,08 ® chỉ có thể k = 2 và a = 0,03 thỏa mãn.

Theo đó, n_X = 0,08 – 0,03 = 0,05 mol, n_Y = 0,11 – 0,03 = 0,08 mol và n_T = 0,03 mol.

® Yêu cầu: $% m_{X t r o n g E} = \frac{0, 05.46}{12, 38} . 100 % \approx 18, 6 %$

Câu 4

Cho 0,08 mol hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với 0,17 mol H₂ (xúc tác Ni, t^o), thu được hỗn hợp Y. Cho toàn bộ Y phản ứng vừa đủ với 110 ml dung dịch NaOH 1M, thu được hỗn hợp Z gồm hai muối của hai axit cacboxylic no có mạch cacbon không phân nhánh và 6,88 gam hỗn hợp T gồm hai ancol no, đơn chức. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol X cần vừa đủ 0,09 mol O₂. Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối lớn hơn trong Z là

A. 54,18%.

B. 50,31%.

C. 58,84%.

D. 32,88%.

Lời giải

Đáp án B

« Giả thiết “chữ”: hai axit có mạch cacbon không phân nhánh nên axit đơn chức hoặc hai chức.

· Giải đốt 0,11 mol hai ancol no, đơn chức, mạch hở nặng 6,88 gam.

® Phân tích ancol về 0,11 mol H₂O + 0,35 mol CH₂ ® số mol O₂ cần đốt là 0,525 mol.

Vì n_Y = n_X = 0,08 mol < 0,11 mol NaOH nên Y gồm este đơn chức và ests hai chức.

Giải số mol hai muối trong Z là 0,05 mol axit đơn chức và 0,03 mol axit hai chức.

Đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O₂; đốt 0,17 mol H₂ cần 0,085 mol O₂ nên đốt Y cần 0,805 mol O₂.

Gọi số mol CO₂ và H₂O sinh ra khi đốt Y lần lượt là x và y mol:

· Bảo toàn nguyên tố O có: 2x+y= 0,085.2+(0,05.2+0,03.4).

· Tương quan đốt có: x – y = n_{este hai chức} = 0,03.

Theo đó, giải hệ được x = 0,62 mol và y = 0,59 mol ® bảo toàn khối lượng có m_Y = 12,14 gam.

Sơ đồ thủy phân:

® Bảo toàn khối lượng ta có m_Z = 9,66 gam. Với các muối trong Z có dạng như trên, ta có phương trình: 0,05(14n+54)+0,03(14m+106) = 9,66=> 5n+3m = 27

Nhìn nhanh: n chia hết cho 3 nên n = 3, tương ứng, m = 4 là cặp nghiệm nguyên thỏa mãn.

Theo đó, Z gồm 0,05 mol C₂H₅COONa và 0,03 mol C₂H₄(COONa)₂.

® Yêu cầu: %m_{muối có phân tử khối lớn hơn trong Z} $= \frac{0, 03.162}{9, 66} . 100 % \approx 50, 31 %$

Câu 5

Hỗn hợp X gồm 3 este đơn chức, tạo thành từ cùng một ancol Y với 3 axit cacboxylic (phân tử chỉ có nhóm –COOH); trong đó có hai axit no là đồng đẳng kế tiếp nhau và một axit không no (có đồng phân hình học, chứa hai liên kết pi trong phân tử). Thủy phân hoàn toàn 11,76 gam X bằng dung dịch NaOH thu được hỗn hợp muối và m gam ancol Y. Cho m gam Y vào bình đựng natri dư, sau phản ứng thu được 1,792 lít khí (đktc) và khối chất rắn trong bình tăng 4,96 gam so với ban đầu. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn 11,76 gam X thì thu được CO₂ và 7,92 gam H₂O. Phần trăm khối lượng este không no trong X có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 38.

B. 40.

C. 34.

D. 29.

Lời giải

Đáp án C

Ancol Y dạng ROH. Phản ứng ROH + Na $\to R O N a + 1 / 2 H_{2} (k h í)$ có 0,08 mol H₂ ® n_Y = 0,16 mol.

Theo đó, $M_{Y} = \frac{4, 96 + 0, 08.2}{0, 16} = 32$ ® Y là CH₃OH (ancol metylic).

Giải đốt 11,76 gam X + O₂ ® CO₂ + 0,44 mol H₂O ® n_{H trong X} = 0,88 mol.

Hỗn hợp X gồm 3 este đơn chức ® n_X = n_Y = 0,16 mol ® n_{O trong X} = 0,32 mol.

Ta có m_X = m_C + m_H + m_O = 11,76 gam ® n_C = 0,48 mol ® C_trung_bình = 3.

Tương quan đốt có .

Este không no thỏa mãn có số C nhỏ nhất là CH₃CH=CHCOOCH₃ (có 5C).

Theo đó, hai este nó phải là HCOOCH₃ và CH₃COOCH₃. Chặn khoảng số C của este không no:

® số C_este_{không no} = 5.

Vậy, .

Câu 6

Cho 0,08 mol hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với 0,17 mol H₂ (xúc tác Ni, t^o), thu được hỗn hợp Y. Cho toàn bộ Y phản ứng vừa đủ với 110 ml dung dịch NaOH 1M, thu được hỗn hợp Z gồm hai muối của hai axit cacboxylic no có mạch cacbon không phân nhánh và 6,88 gam hỗn hợp T gồm hai ancol no, đơn chức. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol X cần vừa đủ 0,09 mol O₂. Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối lớn hơn trong Z là

A. 54,18%.

B. 50,31%.

C. 58,84%.

D. 32,88%.

Lời giải

Bạn cần đăng ký gói VIP ( giá chỉ từ 199K ) để làm bài, xem đáp án và lời giải chi tiết không giới hạn.

Toán

Văn

Vật lý

Hóa học

Lịch sử

Địa lý

Sinh học

Công nghệ

Tin học

Tiếng Anh

Giáo dục Kinh tế và Pháp luật

ĐHQG Hồ Chí Minh

ĐH Bách Khoa

ĐHQG Hà Nội

Bộ Công an

ĐHSP Hà Nội

Bằng lái xe

English Test

IT Test

Đại học

Viên chức

Toán

Văn

Vật lý

Hóa học

Lịch sử

Địa lý

Sinh học

Công nghệ

Tin học

Giáo dục Kinh tế và Pháp luật

Toán

Văn

Vật lý

Hóa học

Lịch sử

Địa lý

Sinh học

Công nghệ

Tin học

Giáo dục Kinh tế và Pháp luật

Toán

Văn

Vật lý

Hóa học

Lịch sử

Địa lý

Sinh học

Tin học

Giáo dục Kinh tế và Pháp luật

Global success

iLearn Smart World

Friends Global

Explore new worlds

Bright

Toán

Văn

Vật lý

Hóa học

Lịch sử

Địa lý

Sinh học

Công nghệ

Tin học

Giáo dục Quốc Phòng và An Ninh

Giáo dục Kinh tế và Pháp luật

Toán

Văn

Vật lý

Hóa học

Lịch sử

Địa lý

Sinh học

Công nghệ

Tin học

Giáo dục Quốc Phòng và An Ninh

Giáo dục Kinh tế và Pháp luật

Toán

Văn

Vật lý