Đề kiểm tra Vật lí 12 học kì 2 có đáp án (Mới nhất) (Đề 7)

Đáp án D

Trong quang phổ vạch phát xạ của nguyên tử hiđrô (H), dãy Banme có bốn vạch thuộc vùng ánh sáng nhìn thấy là $H\alpha ,H\beta ,H\gamma ,H\delta ,$ các vạch còn lại thuộc vùng tử ngoại.

Đáp án D

Quang điện trở được chế tạo từ chất bán dẫn có đặc điểm là dẫn điện kém khi không bị chiếu sáng và trở nên dẫn điện tốt khi được chiếu sáng thích hợp.

Đáp án C

Câu này sai vì đối với pin quang điện thì nguyên tắc hoạt động là dựa vào hiện tượng quang điện trong.

Đáp án B

Câu này sai vì năng lượng của các phôtôn của các ánh sáng đơn sắc khác nhau đều bằng nhau.

Đáp án B

Pin quang điện là nguồn điện, trong đó quang năng được biến đổi trực tiếp thành điện năng.

Đáp án B

Bước sóng ${\lambda }_{\alpha }$  của vạch quang phổ  $H_{\alpha }$  trong dãy Banme là $\frac{{\lambda }_1{\lambda }_2}{{\lambda }_1-{\lambda }_2}$

Đáp án B

Khi đã ổn định thì điện thế trên ba tấm kim loại bằng nhau

Đáp án B

Ÿ Công thoát của Na: $A_1=\frac{hc}{{\lambda }_{01}}=3,{975.10}^{-19}J$

Ÿ Công thoát của Zn: $A_2=1,4A_1=5,{565.10}^{-19}J$

Ÿ Giới hạn quang điện của Zn: ${\lambda }_{02}=\frac{hc}{A_2}\approx 0,36\mu m$

Đáp án A

Vận tốc ban đầu cực đại của electron quang điện bằng:

Đáp án A

Ÿ Số photon phát ra trong 1s là: $n_P=\frac{P}{\epsilon }=\frac{P\lambda }{hc}=3,{77.10}^{18}photon/s$

Ÿ Do hiệu suất lượng tử 100%, nên: $n_e=n_p=3,{77.10}^{18}electron/s$

Ÿ Cường độ dòng quang điện bão hòa là: $I_{bh}=n_e.e=0,6A$

Đáp án D

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}\frac{hc}{{\lambda }_1}=A+\frac{m{v}_1^2}{2}=A+\frac{4m{v}_2^2}{2}\\ \frac{hc}{{\lambda }_2}=A+\frac{m{v}_2^2}{2}\end{array}\right.\to \frac{m{v}_2^2}{2}=\frac{1}{3}\left(\frac{hc}{{\lambda }_1}-\frac{hc}{{\lambda }_2}\right)=1,{325.10}^{-19}J$

Từ đó:$A=\frac{hc}{{\lambda }_2}-\frac{m{v}_2^2}{2}=2,{65.10}^{-19}J\to {\lambda }_0=\frac{hc}{A}=0,75\mu m$

Đáp án D

Ta có: $\frac{hc}{\lambda }=A+e{V}_{\text{max}}\to V_{\text{max}}=\frac{\frac{hc}{\lambda }-A}{e}\approx 1,8V$

Đáp án D

Ta có: ${\text{W}}_d=\frac{1}{2}m{v}^2=e{U}_{AK}=\frac{hc}{{\lambda }_{\min }}\to {\lambda }_{\min }=\frac{hc}{e{U}_{AK}}=0,{6625.10}^{-10}m$

Đáp án D

Ta có: ${\text{W}}_d=\frac{1}{2}m{v}^2=e{U}_{AK}=\frac{hc}{{\lambda }_{\min }}\to {\lambda }_{\min }=\frac{hc}{e{U}_{AK}}=0,{6625.10}^{-10}m$

Đáp án B

Vì giới hạn quang điện của kim loại ${\lambda }_0=5200\stackrel{o}{A}$  nằm trong vùng bước sóng của ánh sáng nhìn thấy, nên chỉ có đèn tử ngoại 50W có bước sóng nhỏ hơn mới gây ra hiện tượng quang điện đối với kim loại đó.

Đáp án B

Giới hạn quang điện của đồng là:

${\lambda }_0=\frac{hc}{A}=\frac{6,{625.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}{2,62.1,{6.10}^{-19}}=0,47\mu m$

Vì ${\lambda }_1,{\lambda }_2<{\lambda }_0$ cả hai bức xạ có bước sóng ${\lambda }_1$  và ${\lambda }_2$  đều gây ra được hiện tượng quang điện đối với kim loại đó.

Đáp án A

Hiđro ở trạng thái cơ bản được kích thích chuyển lên trạng thái có bán kính quỹ đạo tăng lên 9 lần, tương ứng với chuyển lên trạng thái ứng với mức năng lượng n = 3. Do đó khi chuyển dời về mức cơ bản thì phát ra bước sóng của bức xạ có năng lượng lớn nhất là:

$\lambda =\frac{hc}{E_3-E_1}=\frac{6,{625.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}{\left(-\frac{13,6}{3^2}-\left(-\frac{13,6}{1^2}\right)\right).1,{6.10}^{-19}}=0,103\mu m$

Đáp án A

Bước sóng lớn nhất của bức xạ trong dãy Lyman, ứng với m = 1 và n = 2, được xác định:

Đáp án C

Một đám nguyên tử hiđrô đang ở trạng thái kích thích mà electron chuyển động trên quỹ đạo dừng N. Khi electron chuyển về các quỹ đạo dừng bên trong thì quang phổ vạch phát xạ của đám nguyên tử có thể phát ra là: $N\to K;M\to K;L\to K;N\to M;M\to L;N\to L,$  tương ứng với 6 vạch phát xạ.

Đáp án B

Ta có: $E_2-E_1=\frac{hc}{{\lambda }_1}$ và $E_3-E_2=\frac{hc}{{\lambda }_2}.$

Cộng vế với vế hai phương trình trên ta được:

$E_3-E_1=\frac{hc}{{\lambda }_1}+\frac{hc}{{\lambda }_2}$ hay $\frac{hc}{{\lambda }_{31}}=\frac{hc}{{\lambda }_1}+\frac{hc}{{\lambda }_2}\to \frac{1}{{\lambda }_{31}}=\frac{1}{{\lambda }_1}+\frac{1}{{\lambda }_2}$

Từ đó: ${\lambda }_{31}=\frac{{\lambda }_1{\lambda }_2}{{\lambda }_1+{\lambda }_2}=0,1025\left(\mu m\right)$

Đáp án D

Năng lượng của phôtôn ứng với ánh sáng tím có bước sóng  $\lambda =0,41\mu m$là

$E=\frac{hc}{\lambda }=\frac{6,{625.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}{0,{41.10}^{-6}}=4,{85.10}^{-19}J=3,03eV$

Đáp án D

Các vạch trong dãy Banme thuộc vùng ánh sáng trông thấy và một phần thuộc vùng tử ngoại.

Đáp án C

Theo bài ra ta có: $\left\{\begin{array}{l}{\lambda }_2=\frac{{\lambda }_1}{2};{\lambda }_3=\frac{2}{3}{\lambda }_1\\ v_2=3v_1;v_3=k{v}_1\end{array}\right.\left(1\right)$

Áp dụng công thức Anhxtanh lần lượt cho 3 bức xạ, ta có:

                                   $\left\{\begin{array}{l}\frac{hc}{{\lambda }_1}=A+\frac{m{v}_1^2}{2}\\ \frac{hc}{{\lambda }_2}=A+\frac{m{v}_2^2}{2}\\ \frac{hc}{{\lambda }_3}=A+\frac{m{v}_3^2}{2}\end{array}\right.\left(2\right)$

Thay hệ phương trình (1) vào hệ phương trình (2), ta có:

                       $\left\{\begin{array}{l}\frac{hc}{{\lambda }_1}=A+\frac{m{v}_1^2}{2}\\ 2\frac{hc}{{\lambda }_1}=A+9.\frac{m{v}_1^2}{2}\\ \frac{3}{2}\frac{hc}{{\lambda }_1}=A+k^2.\frac{m{v}_1^2}{2}\end{array}\right.\left(3\right)$

Từ hai phương trình đầu của (3),  Ta có: $\left\{\begin{array}{l}\frac{hc}{{\lambda }_1}=\frac{8}{7}A\\ \frac{m{v}_1^2}{2}=\frac{1}{7}A\end{array}\right.\left(4\right)$

Thay (4) vào phương trình còn lại của hệ (3), ta có:

                    $\frac{3}{2}.\frac{8}{7}A=A+k^2.\frac{1}{7}A\to k^2=5\to k=\sqrt{5}$    

Đáp án A

Ta có: $E_n=-\frac{13,6}{n^2}\left(eV\right)=-\frac{21,76}{n^2}\left(J\right)$

Bảng giá trị các mức năng lượng:

Áp dụng công thức:

 ${\lambda }_{\mathrm{mn}}=\frac{hc}{E_m-E_n}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{E_m-E_n}$

Khi đó: 

${\lambda }_{43}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{E_4-E_3}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{-1,{36.10}^{-19}-\left(-2,{42.10}^{-19}\right)}=1875\left(nm\right)$

${\lambda }_{53}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{E_5-E_3}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{-0,{87.10}^{-19}-\left(-2,{42.10}^{-19}\right)}=1282\left(nm\right)$

${\lambda }_{63}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{E_6-E_3}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{-0,{6.10}^{-19}-\left(-2,{42.10}^{-19}\right)}=1092\left(nm\right)$

${\lambda }_{73}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{E_7-E_3}=\frac{19,{875.10}^{-26}}{-0,{44.10}^{-19}-\left(-2,{42.10}^{-19}\right)}=1003\left(nm\right)$

Từ các kết quả trên cho thấy vạch phổ có bước sóng $\lambda =1875nm$ ứng với sự chuyển của electron giữa các quỹ đạo từ mức năng lượng ứng với n = 4 về mức năng lượng ứng với n = 3.

Đáp án A