Đề kiểm tra Vật lí 12 học kì 2 có đáp án (Mới nhất) (Đề 17)

Theo thứ tự từ đỏ đến tím thì chiết suất của môi trường đối với các ánh sáng có màu theo thứ thứ tự trên là tăng dần.

Suy ra: n_đ < n_v < n_t

Chọn đáp án D.

 Hiện tượng khẳng định ánh sáng có tính sóng là hiện tượng giao thoa ánh sáng.

Chọn đáp án D.

Tần số dao động riêng của một mạch dao động tỉ lệ nghịch với $\sqrt{L}$

Chọn đáp án C.

Điện từ trường tĩnh không tồn tại xung quanh điện trường biến thiên

Chọn đáp án D. Tia X có khả năng đâm xuyên mạnh nhất.

Chọn đáp án B Ánh sáng có bước sóng 3.10^-7 m = 0,3μm thuộc loại tia tử ngoại.

Chọn đáp án D.

Trong các thiết bị đã cho, khi hoạt động, bàn là có thể phát ra tia hồng ngoại mạnh nhất.

Chọn đáp án B

Tia tử ngoại được dùng để chữa bệnh còi xương.

Chọn đáp án D.

Hiện tượng quang điện sẽ không xảy ra nếu chiếu ánh sáng hồ quang cào một tấm kẽm khi được che chắn bằng một tấm thủy tinh dày do thủy tinh hấp thụ mạnh tia tử ngoại.

Chọn đáp án B.

Ta có: $\frac{\text{N}}{{\text{N}}_0}={\text{e}}^{-\text{λt}}=1-87,5\%=0,125$  , với t = 9 giờ ⇨ $\text{T}=\frac{0,693}{\text{λ}}=3$ giờ.

Chọn đáp án D.

 Công thức tính năng lượng của một lượng tử năng lượng theo bước sóng ánh sáng là $\epsilon =\frac{\text{hc}}{\text{λ}}$

Chọn đáp án B.

 Sóng điện từ truyền được trong chân không còn sóng cơ thì không truyền được trong chân không.

Chọn đáp án C

Sóng vô tuyến có bước sóng 31 m là sóng trung.

Chọn đáp án A.

Tia catôt không phải là sóng điện từ, đây là dòng các electron.

Chọn đáp án A.

Trên thang sóng điện từ, vùng hồng ngoại nằm tiếp giáp với vùng sóng vô tuyến.

Chọn đáp án D.

 Một nguyên tử hay phân tử có thể phát ra nhiều loại lượng tử năng lượng ứng với các mức dịch chuyển năng lượng khác nhau.

Chọn đáp án B.

 Hiện tượng quang dẫn có thể xảy ra khi chất bán dẫn hoặc hợp chất bán dẫn.

Chọn đáp án A.

Pin mặt trời là dụng cụ có thể biến quang năng thành điện năng.

Chọn đáp án A.

Một miếng nhựa phát quang là hiện tượng quang – phát quang.

Chọn đáp án B.

 Ta có: ∆m = 0,0024 u

Suy ra: $\Delta E_{\text{lk}}=2,2356\text{ MeV}\Rightarrow \frac{{\text{W}}_{\text{lk}}}{\text{A}}=1,12\text{ MeV}/\text{nuclôn}$

Chọn đáp án B.

Khoảng vân tỷ lệ thuận với bước sóng nên ta có:

$i^{\text{'}}=\text{i.}\frac{}{\text{λ}}=0,8\text{ mm}$

Chọn đáp án B.

Hạt nhân ${}_6{}^{12}C$ có Z = 6 nên mang điện tích là 6│e│

Chọn đáp án C.

Hạt nhân  ${}_{92}{}^{235}\text{U}$ có số nuclon A = 235, số proton N_p = Z = 92, số nơtron N = A – Z = 143

Chọn đáp án D.

Số hạt nhân đã bị phân rã sau thời gian t là:

$∆N=N_0-N$ = N₀.(1 – e^-λt)

Chọn đáp án C.

Giới hạn quang điện của kim loại đó là: ${\text{λ}}_0=\frac{\text{hc}}{\text{A}}=0,3\text{ μm}$

Chọn đáp án A.

Bán kính quỹ đạo dừng của êlectron: r = n².r₀ (n = 1, 2, 3, 4...)

Chọn đáp án D.

Khoảng cách giữa hai vân sáng bậc 5 ở hai phía của vân sáng trung tâm là:

d = 10i = 10.λ.D/a = 12 mm.

Chọn đáp án B.

1 g ²³⁵U phân hạch hoàn toàn thì năng lượng tỏa ra xấp xỉ bằng:

$\text{E }=200.\text{N }=200.\frac{\text{1}}{235}{\text{.N}}_{\text{A}}\left(\text{MeV}\right)\approx 8,{2.10}^{10}\text{ J}$

Chọn đáp án B.

 Năng lượng của photon: $\text{ε}=\text{hf}=\frac{\text{hc}}{\text{λ}}\approx 4,{97.10}^{-19}\text{ J}$

Chọn đáp án A.

U_BA = 4,55V nên chiều điện trường từ B sang A, do vậy e chịu lực cản của lực điện trường chiều từ A sang B.

Ta có: a =  F/m = |e|U/(md) = 2.10¹³ m/s²

=> h_max = v_o²/2a = (0,76.10⁶)² / (2.2.10¹³) = 1,4.10^-2 m

=> Các electron quang điện có thể tới cách bản B một đoạn gần nhất là:

s = d - h_max = 2,6cm

Chọn đáp án A.

Áp dụng công thức n = A + B/λ²  viết cho 2 trường hợp:

+ Đối với ánh sáng đỏ: 1,329 = A + B/0,759²         (1)

+ Đối với ánh sáng tím:  1,343 = A + B/0,405²      (2)

Từ (1) và (2) ta được : A = 1,3234 ; B = 0,0032

Chọn đáp án D

Phương trình phản ứng: ${}_{84}{}^{210}Po\to {}_{82}{}^{206}Pb+{}_2{}^2\alpha$

Khối lượng chất phóng xạ còn lại sau thời gian t = 276 ngày:

$m=m_0{2}^{-\frac{t}{T}}$= 52,5 g

Khối lượng chất rắn Pb được tạo thành sau thời gian t = 276 ngày:

$m_Y=\frac{\Delta N}{N_A}.A_1=\frac{A_Y{N}_0(1-2^{-t/T})}{N_A}=\frac{A_Y{m}_0(1-2^{-t/T})}{A_1}$

$=\frac{\mathrm{206.210.}(1-2^{-276/138})}{210}=154,5g$

→ Khối lượng còn lại của mẫu quặng là 52,5 + 154,5 = 207g

Do 4 vạch sáng là liên tiếp:

Giả sử M và P là vạch sáng ứng với bước sóng λ₁ thì i₁ = MP = 6,5mm và i₂ = NQ = 9mm

Ta có:$\frac{i_1}{i_2}=\frac{{\lambda }_1}{{\lambda }_2}=\frac{13}{18}\to {\lambda }_2=\frac{18.{\lambda }_1}{13}=760nm$

Giả sử M và P là vạch sáng ứng với bước sóng λ₂ thì i₂ = MP = 6,5mm và i₁ = NQ = 9mm

Chọn đáp án A

 Vân tối trùng vân sáng:

$x_{M\min }=(k_t+0,5)\frac{\lambda .D}{a}=k\frac{{\lambda }_{\min }D}{a}\to \lambda =\frac{k.406}{k_t+0,5}\frac{n!}{r!\left(n-r\right)!}$ , với k = 1,2,3,4,5,..

Dùng Mode 7 của máy tính cầm tay ta xét hàm  $f_{\left(x\right)}=\frac{k.406}{k_t+0,5}$ ta thấy chỉ khi k = 4 thì có 2 giá trị k_t = 2 và k_t = 3 thỏa mãn điều kiện đầu bài (chỉ có 2 vân tối trùng với điểm M thỏa mãn 406 nm < λ < 750 nm )

$f_{\left(x\right)}=\frac{4.406}{x+0,5}$; star = 1; end = 10; step = 1 xem kết quả ta chọn .

Chọn đáp án C

Gọi m là khối lượng nước bị bay hơi trong 1s.

Ta có: $m.c.\Delta t^o+m.L=P\to m=\frac{P}{c.\Delta t^o+L}=\frac{12}{4186.(100-37)+{2260.10}^3}=4,{75.10}^{-6}Kg$

Thể tích nước mà tia laze làm bốc hơi trong 1s là: V = m/D = 4,755mm³

Chọn đáp án D

Năng lượng mà mắt nhận được trong 1s là: $\text{W}=I.S=\frac{P.\pi r^2}{4\pi R^2}=\frac{P.r^2}{4R^2}$

Mà năng lượng của chùm sáng mắt người nhận được trong 1s ở khoảng cách xa nhất là:

W = 80.hc/λ

 Suy ra: $\frac{P.r^2}{4R^2}=80hc/\lambda \to P=\frac{80hc.4R^2}{r^2.\lambda }=2W$

Chọn đáp án B

Phương pháp: Sử dụng tiên đề của Bo về trạng thái dừng, và mối quan hệ giữa lực điện và lực hướng tâm trong chuyển động tròn của electron quanh hạt nhân.

Theo mô hình hành tinh nguyên tử Bo, coi electron chuyển động tròn đều trên quỹ đạo thì:

$\frac{s_M}{s_P}=\frac{v_M}{v_P}$

Trong chuyển động của electron thì lực tĩnh điện giữa hạt nhân và electron đóng vai trò lực hướng tâm nên:$k.\frac{e^2}{r^2}=m_e.\frac{v^2}{r}$

Ta có hệ sau: $\left\{\begin{array}{l}{v}_M^2=\frac{k{e}^2}{m_e.r_M}\\ v_P^2=\frac{k{e}^2}{m_e.r_P}\end{array}\right.\Rightarrow \frac{v_M^2}{v_P^2}=\frac{r_P}{r_M}=\frac{n_P^2.r_0}{n_M^2.r_0}=\frac{n_P^2}{n_M^2}$

Suy ra  $\frac{s_M}{s_P}=\frac{v_M}{v_P}=\frac{n_P}{n_M}=2$

Chọn đáp án C

Ta có: $E_4-E_1=-13,6.(\frac{1}{4^2}-\frac{1}{1^2})=\frac{hc}{{\lambda }_{\text{min}}}\left(eV\right)$ ; 

$E_4-E_3=-13,6.(\frac{1}{4^2}-\frac{1}{3^2})=\frac{hc}{{\lambda }_{\text{max}}}\left(eV\right)$

          => λ_max/λ_min =$\frac{\frac{1}{4^2}-\frac{1}{1^2}}{\frac{1}{4^2}-\frac{1}{3^2}}$ = 135/7

Chọn đáp án C

Ta có: sini_{giới hạn} = 1/n

mà i_{(giới hạn)} = i _{giới hạn lục}   và  i_{(giới hạn đỏ)} < i_{(giới hạn vàng)} < i_{(giới hạn lục)} = i_{(giới hạn)}

=> các tia ló ra ngoài không khí là tia vàng, đỏ.