Bài tập xác định số mắt xích (P1)

Thi Online Lí thuyết và bài tập Peptit - Protein cực hay có lời giải chi tiết

Bài tập xác định số mắt xích (P1)

19211 lượt thi
40 câu hỏi
40 phút

BẮT ĐẦU LÀM BÀI

Câu 1:

Đun nóng 0,045 mol hỗn hợp X chứa hai peptit Y, Z cần vừa đủ 120 ml dung dịch KOH 1M, thu được hỗn hợp T chứa ba muối của Gly, Ala và Val trong đó muối của Gly chiếm 33,832% về khối lượng (biết Y hơn Z một số liên kết peptit). Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 13,68 gam X cần dùng 14,364 lít $O_{2}$ (đktc) thu được hỗn hợp khí và hơi trong đó tổng khối lượng của $C O_{2}$ và $H_{2} O$ là m gam. Phần trăm số mol muối của Ala trong T có giá trị là

A. 51%.

B. 50%.

C. 52%.

D. 53%.

Xem đáp án

Chọn đáp án B

Quy hỗn hợp về $C H_{2}, C_{2} H_{3} N O, H_{2} O$

TN1: Có $n_{C_{2} H_{3} N O} = n_{K O H}$ = 0,12 mol, $n_{H_{2} O} = n_{X}$ = 0,045 mol

→ $n_{C_{2} H_{3} N O} : n_{H_{2} O}$ = 8 : 3

TN2: 13,68 gam $\{\begin{cases} C H_{2} : x \\ C_{2} H_{3} N O : 8 y \\ H_{2} O : 3 y \end{cases}$ + 0,64125 mol $O_{2}$

Ta có hệ $\{\begin{cases} 14 x + 8 y . 57 + 3 y . 18 = 13, 68 \\ 1, 5 x + 8 y . 2, 25 = 0, 64125 \end{cases}$ → $\{\begin{cases} x = 0, 1575 \\ y = 0, 0225 \end{cases}$

Có 13,68 gam thì có 0,0225. 3= 0,0675 mol X → 9,12 gam thì có 0,045 mol

Gọi số mol của Ala,Val khi thủy phân 27,36 gam X lần lượt là a,b

bảo toàn khối lượng → $m_{m u ố i}$ = 9,12 + 0,12. 56 - 0,045. 18 = 15,03 gam

→ $n_{G l y}$ = 0,33832. 33,27: 113= 0,045 mol

Ta có hệ $\{\begin{cases} a + b = 0, 12 - 0, 045 \\ 127 a + 155 b = 15, 03 - 0, 045.113 \end{cases}$ → $\{\begin{cases} a = 0, 06 \\ b = 0, 015 \end{cases}$

Phần trăm khối lượng muối của Ala trong T $\frac{0, 06.127}{15, 03}$ . 100% = 50,7%.

Câu 2:

X, Y và Z là 3 peptit đều mạch hở ( $M_{X} > M_{Y} > M_{Z}$ ). Đốt cháy 0,16 mol X hoặc Y hoặc Z đều thu được số mol $C O_{2}$ lớn hơn số mol $H_{2} O$ là 0,16 mol. Nếu đun nóng 69,80 gam hỗn hợp E chứa X, Y và Z ( $n_{Z}$ = 0,16 mol) với dung dịch NaOH vừa đủ thu được dung dịch chứa 101,04 gam hai muối của alanin và valin. Biết $n_{X} < n_{Y}$ . Phần trăm khối lượng của X trong E có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 10%.

B. 12%.

C. 54%.

D. 95%.

Xem đáp án

Chọn đáp án B

Không mất tính tổng quát, quy X về đipeptit: $2 X_{n} + (n - 2) H_{2} O \to n X_{2}$ .

||⇒ $n_{H_{2} O}$ thêm = $∆ n (C O_{2}, H_{2} O)$ = 0,16 mol = $n_{X}$ ⇒ 2 = n - 2 ⇒ n = 4.

⇒ X, Y và Z đều là tetrapeptit. Quy E về $C_{2} H_{3} N O, C H_{2} v à H_{2} O$ .

Đặt $n_{C_{2} H_{3} N O}$ = 4x; $n_{C H_{2}}$ = y ⇒ $n_{H_{2} O}$ = x ⇒ $m_{E}$ = 69,8(g) = 57 × 4x + 14y + 18x.

Muối gồm 4x mol $C_{2} H_{4} N O_{2} N a$ và y mol $C H_{2}$ ⇒ 97 × 4x + 14y = 101,04(g).

► Giải hệ có: x = 0,22 mol; y = 1,12 mol ||⇒ $n_{A l a}$ = 0,76 mol; $n_{V a l}$ = 0,12 mol.

● Dễ thấy $n_{Z} > n_{V a l}$ ⇒ Z không chứa Val ⇒ Z là $A l a_{4}$ .

||⇒ X và Y gồm 0,12 mol Ala và 0,12 mol Val; ∑ $n_{(X, Y)}$ = 0,06 mol.

● Số gốc Val trung bình = 0,12 ÷ 0,06 = 2. Lại có: $M_{X} > M_{Y}$ ⇒ Y là $A l a_{3} V a l$ .

● Số gốc Ala trung bình = 0,12 ÷ 0,06 = 2 ⇒ X là $V a l_{4} h o ặ c A l a V a l_{3}$ .

TH1: X là $V a l_{4}$ ⇒ $n_{Y} = n_{A l a}$ ÷ 3 = 0,04 mol ⇒ $n_{X}$ = 0,06 - 0,04 = 0,02 mol.

⇒ $n_{X} < n_{Y}$ (thỏa) ⇒ %m_X = 0,02 × 414 ÷ 69,8 × 100% = 11,86% ⇒ chọn B.

TH2: X là $A l a V a l_{3}$ . Đặt $n_{X} = a; n_{Y} = b$ ⇒ ∑ $n_{(X, Y)}$ = a + b = 0,06 mol.

$n_{A l a}$ = 0,12 mol = a + 3b ||⇒ Giải hệ có: a = b = 0,03 mol (trái gt) ⇒ loại.

Câu 3:

Hỗn hợp E gồm pentapeptit X, hexapeptit Y, Val-Ala (trong X, Y đều chứa cả Ala, Gly, Val và số mol Val-Ala bằng 1/4 số mol hỗn hợp E). Cho 0,2 mol hỗn hợp E tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa 0,95 mol NaOH, thu được hỗn hợp muối của Ala, Gly, Val. Mặt kh|c đốt cháy hoàn toàn 139,3 gam E, thu được tổng khối lượng $C O_{2}$ và $H_{2} O$ là 331,1 gam. Phần trăm khối lượng của Y trong hỗn hợp E gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 62%.

B. 64%.

C. 68%.

D. 60%.

Xem đáp án

Chọn đáp án A

► Quy E về $C_{2} H_{3} N O, C H_{2} v à H_{2} O$ ⇒ $n_{C_{2} H_{3} N O}$ = $n_{N a O H}$ = 0,95 mol; $n_{H_{2} O}$ = $n_{E}$ = 0,2 mol

Đặt $n_{C H 2}$ = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E

⇒ 139,3(g) E chứa 0,95k mol $C_{2} H_{3} N O$ ; kx mol $C H_{2}$ và 0,2k mol $H_{2} O$

Đốt cho (1,9k + kx) mol $C O_{2}$ và (1,625k + kx) mol $H_{2} O$

⇒ $m_{E}$ = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g) || 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

||⇒ Giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 ⇒ x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● $n_{V a l - A l a}$ = $\frac{1}{4}$ $n_{E}$ = 0,05 mol. Đặt $n_{X}$ = a; $n_{Y}$ = b ⇒ $n_{E}$ = a + b + 0,05 = 0,2 mol

$n_{C_{2} H_{3} N O}$ = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol

► Gọi số gốc $C H_{2}$ ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val ⇒ X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

⇒ m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 $C H_{2}$ ; ghép 1 Val cần 3 $C H_{2}$ )

⇒ 0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5

⇒ X là $G l y_{3} A l a V a l$ và Y là $G l y_{3} A l a_{2} V a l$

⇒ $% m_{Y}$ = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%

Câu 4:

Hỗn hợp E gồm đipeptit mạch hở X (được tạo ra từ amino axit có công thức $H_{2} N C_{n} H_{2 n} C O O H$ ) và este đơn chức Y. Cho 0,2 mol E tác dụng tối đa với 200 ml dung dịch NaOH 2M, đun nóng, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được m gam hỗn hợp muối. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol E thu được 0,64 mol $C O_{2}$ , 0,40 mol $H_{2} O$ và 0,896 lít (đktc) khí $N_{2}$ . Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 39.

B. 45.

C. 35.

D. 42.

Xem đáp án

Chọn đáp án A

Câu 5:

Thuỷ phân hoàn toàn m gam tetrapeptit X mạch hở thu được hỗn hợp Y gồm 2 amino axit (no, phân tử chứa 1 nhóm -COOH, 1 nhóm $- N H_{2}$ ) là đồng đẳng kế tiếp. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp Y cần vừa đủ 58,8 lít không khí (chứa 20% $O_{2}$ về thể tích, còn lại là $N_{2}$ ) thu được $C O_{2}, H_{2} O$ và 49,28 lít $N_{2}$ (các khí đo ở đktc). Số công thức cấu tạo thỏa mãn của X là

A. 6.

B. 12.

C. 4.

D. 8.

Xem đáp án

Chọn đáp án C

Nhận thấy đốt tetrapeptit và đốt các α–amino axit cần 1 lượng oxi như nhau. Chỉ khác nhau ở số mol nước tạo thành.

Gọi α–amino axit đem đốt cháy là: $C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N$ .

+ PỨ cháy: $C_{n} H_{2 n + 1} O_{2} N$ + $\frac{6 n - 3}{4}$ $O_{2}$ $\overset{t_{0}}{\to}$ $n C O_{2}$ + $\frac{1}{2}$ $N_{2}$ + ? $H_{2} O$ .

Có $n_{O_{2}}$ = $n_{k h ô n g k h í}$ : 5 = 0,525 mol ⇒ $n_{N_{2}}$ (Không khí)= 2,1 mol

Có ∑ $n_{N_{2}}$ = $n_{N_{2}}$ (kk) + $n_{N_{2}}$ → $n_{N_{2}}$ = 0,1 mol

Từ tỉ lệ cân bằng ta có: $n_{N_{2}}$ × $\frac{6 n - 3}{4}$ = $n_{O_{2}}$ × 0,5 ⇔ n = 2,25

⇒ 2 α–amino axit tạo nên tetrapeptit là glyxin và alanin với tỉ lệ mol 3:1

⇒ Có 4 đồng phân thỏa mãn X gồm:

A–G–G–G || G–A–G–G || G–G–A–G || G–G–G–A

Bắt đầu thi để xem toàn bộ câu hỏi trong đề

Bài thi liên quan:

Các bài thi hot trong chương:

Đánh giá trung bình

Thi Online Lí thuyết và bài tập Peptit - Protein cực hay có lời giải chi tiết