Giải SBT Toán 9 Cánh Diều Bài 2. Vị trí tương đối của đường thẳng và đường tròn

a) Kẻ OH vuông góc với a tại H. Khi đó, ta có: OH = 1 cm. Suy ra OH < 3 cm.

Vậy đường thẳng a và đường tròn (O) cắt nhau.

b) Xét ∆OAB có OA = OB (bán kính đường tròn tâm O) nên ∆OAB cân tại O, suy ra đường cao OH cùng đồng thời là đường trung tuyến, hay H là trung điểm của AB nên AB = 2AH.

Xét ∆OAH vuông tại H, theo định lí Pythagore, ta có: OA² = OH² + AH²

Suy ra$AH=\sqrt{O{A}^2-O{H}^2}=\sqrt{3^2-1^2}=\sqrt{8}=2\sqrt{2} \text{cm}.$

Vậy $AB=2AH=2\cdot 2\sqrt{2}=4\sqrt{2} \text{cm}.$

Kẻ O’H vuông góc với tia Oy.

Khi đó, O’H là khoảng cách từ điểm O’ đến tia Oy.

Do ∆OO’H vuông tại H nên:$O^{\text{'}}H=\cdot \sin \widehat{O^{\text{'}}OH}=4\cdot \sin 30°=4\cdot \frac{1}{2}=2\text{ (cm).}$

b) Nếu R < 2 cm thì đường tròn (O’) và tia Oy không giao nhau.

Nếu R = 2 cm thì đường tròn (O’) và tia Oy tiếp xúc nhau.

Nếu 2 cm < R ≤ 4 cm thì đường tròn (O’) và tia Oy cắt nhau.

Kẻ BH vuông góc với CD tại H, gọi I là trung điểm của đoạn thẳng BC, kẻ IK vuông góc với AD tại K, gọi M là giao điểm của IK và BH.

Do IK ⊥ AD nên$\widehat{AKI}=\widehat{IKD}=90°.$

ABCD là hình thang vuông có $\widehat{A}=\widehat{D}=90°$  nên AB ⊥ AD, CD ⊥ AD.

Mà IK ⊥ AD nên IK // AB // CD.

Lại có BH ⊥ CD nên BH ⊥ IK tại M.

Tứ giác ABHD có $\widehat{A}=\widehat{D}=\widehat{H}=90°,$  suy ra ABHD là hình chữ nhật.

Tứ giác ABMK có $\widehat{A}=\widehat{K}=\widehat{M}=90°,$  suy ra ABMK là hình chữ nhật.

a) Do tứ giác ABHD là hình chữ nhật nên AD = BH và DH = AB = 4 cm.

Ta có: CH = CD ‒ DH = 9 – 4 = 5 cm.

Xét ∆BCH vuông tại H, theo định lí Pythagore, ta có: BC² = BH² + CH²

Suy ra $BH=\sqrt{B{C}^2-C{H}^2}=\sqrt{{13}^2-5^2}=\sqrt{144}=12 \text{cm}$

Vậy AD = BH = 12 cm.

b) Ta có đường tròn đường kính BC có tâm I và bán kính $R=\frac{BC}{2}=6,5 \text{cm.}$

Khoảng cách từ tâm I đến AD là d = IK.

Do tứ giác ABMK là hình chữ nhật nên KM = AB = 4 cm.

Xét ∆BCH có I là trung điểm của BC và IM // CH nên IM là đường trung bình của tam giác, do đó $IM=\frac{1}{2}CH=\frac{1}{2}\cdot 5=2,5 \text{cm}.$

Ta có: IK = KM + IM = 4 + 2,5 = 6,5 cm.

Do đó d = IM = R = 6,5 cm.

Vậy đường thẳng AD tiếp xúc với đường tròn đường kính BC.

Do AB của đường tròn (O; R) với B là tiếp điểm nên OB ⊥ AB tại B.

Xét ∆OAB vuông tại B, theo định lí Pythagore, ta có:

OA² = OB² + AB²

Suy ra $AB=\sqrt{O{A}^2-O{B}^2}=\sqrt{{\left(2R\right)}^2-R^2}=\sqrt{3R^2}=R\sqrt{3}.$

Vậy $AB=R\sqrt{3}.$

Do OC = OD nên ∆OCD cân tại O, suy ra $\widehat{OCD}=\widehat{ODC}$  hay $\widehat{OCF}=\widehat{ODF}.$

Xét ∆COF vuông tại O có $\widehat{OCF}+\widehat{OFC}=90°$  (tổng hai góc nhọn trong)

Lại có $\widehat{OFC}=\widehat{DFE}$  (đối đỉnh)

Suy ra $\widehat{ODF}+\widehat{DFE}=90°$

Mà $\widehat{ODF}+\widehat{FDE}=90°$ nên $\widehat{DFE}=\widehat{FDE}.$

Do đó ∆EDF cân tại E, suy ra EF = ED.

a) Do ABCD là hình vuông nên $\widehat{A}=\widehat{D}=90°.$

Xét ∆OAB (vuông tại A) và ∆OHB (vuông tại H) có:

AB = HB, OB là cạnh chung

Do đó ∆OAB = ∆OHB (cạnh huyền – cạnh góc vuông)

Suy ra OA = OH (hai cạnh tương ứng) (1)

Do ABCD là hình vuông nên đường chéo BD là tia phân giác của

Suy ra$\widehat{ODH}=\frac{1}{2}\widehat{D}=\frac{1}{2}\cdot 90°=45°.$

Tam giác OHD vuông tại H có $\widehat{ODH}=45°$  nên ∆OHD vuông cân tại H.

Suy ra HD = OH (2)

Từ (1), (2) suy ra OA = OH = HD.

b) Vì OA = OH và OH vuông góc với BD tại H nên BD là tiếp tuyến đường tròn (O; OA).

Vậy BD tiếp xúc với đường tròn (O; OA).