20 đề thi thử THPTQG môn Sinh học năm 2019 - 2020 (Đề số 1)

Đáp án A

(1) Mô hình tăng trưởng logistic là mô hình khi quần thể ở trong môi trường giới hạn, điều đó nghĩa là để đạt được trạng thái kích thước quần thể tối đa gần như là không thể do đó ta không thể tính toán được sức chứa quần thể khi sử dụng mô hình này. ⟹ SAI.

(2) Do điều kiện môi trường thường luôn thay đổi theo thời gian nên sức chứa của quần thể cũng sẽ thay đổi theo. ⟹ SAI.

(3) Khi điều kiện môi trường thay đổi thì sức chứa của quần thể cũng sẽ thay đổi. ⟹ ĐÚNG.

(4) Trong một vài trường hợp khi mà các cơ thể cái trong quần thể có khả năng dự trữ năng lượng thì có thể sinh sản tiếp khi mà nguồn thức ăn của môi trường bắt đầu hạn chế trong khi số lượng cá thể đã đạt mức ngang sức chứa. ⟹ SAI.

Vậy chỉ có 1 ý đúng.

Đáp án D

Đa dạng sinh học được hiểu là sự đa dạng ở nhiều mức độ trong đó có 3 mức độ chính là đa dạng về di truyền (gen), đa dạng về loài và đa dạng về môi trường sống.

Trong các nguy cơ đã đưa ra thì viện biến đổi, phân mảnh và phá hủy nơi sẽ nhanh chóng đưa đến vòng xoáy tuyệt chủng cho các loài và sẽ dẫn đến sự suy giảm đa dạng sinh học ở cả 3 mức độ trên.

Đáp án B

Ta thấy, ${\mathrm{F}}_1$ toàn vảy đỏ, ${\mathrm{F}}_2$ có tỉ lệ 3 vảy đỏ : 1 vảy trắng trong đó vảy trắng toàn con đực.

Do ở đây ta chưa biết cơ chế xác định giới tính của loài cá này nên sẽ có 3 khả năng xảy ra:

+) TH1: Ở loài cá này, con cái là XX còn con đực là XY và gen quy định tính trạng nằm trên vùng không tương đồng của NST giới tính X.

+) TH2: Ở loài cá này, con cái là XX còn con đực là XY và gen quy định tính trạng nằm trên vùng không tương đồng của NST X.

+) TH3: Ở loài cá này, con cái là XY còn con đực là XX và gen quy định tính trạng nằm trên vùng tương đồng của NST X.

Xét từng phát biểu ta có:

Ý 1: Có thể đúng ⟹ SAI.

Ý 2: Có thể đúng ⟹ SAI.

Ý 3: Ta thấy ở cả 3 trường hợp thì khi tạo giao tử sẽ luôn có 1 bên cho 1/4 giao tử mang a hoặc không mang gen, bên còn lại sẽ cho 3/4 giao tử lặn hoặc không mang gen. Vì vậy sự kết hợp ngẫu nhiên sẽ cho tỉ lệ váy trắng ở ${\mathrm{F}}_3$ = 1/4.3/4 = 3/4 = 0,1875. ⟹ ĐÚNG.

Ý 4: Ở cả 3 trường hợp thì con cái luôn xuất hiện vảy trắng ở ${\mathrm{F}}_3$.

Vậy có 2 ý chắc chắn đúng là (3) và (4).

Đáp án B

(1) CLTN trực tiếp tác động lên kiểu hình qua đó gián tiếp tác động lên các kiểu gen trong quần thể. Như vậy, CLTN tác động lên cả KH và KG. ⟹ SAI.

(2) Tiến hóa thích nghi được hiểu là giữ lại các gen quy định các đặc điểm có lợi cho loài. Ở đây, CLTN, di-nhập gen hay các yếu tố ngẫu nhiên đều có thể làm tăng tần số các alen có lợi. Tuy nhiên, với di-nhập gen hay các yếu tố ngẫu nhiên thì cũng hoàn toàn có thể làm tăng tần số các alen có lợi là không liên tục. Chỉ có CLTN là luôn luôn giữ lại các aln có lợi và đào thải các alen có hại. ⟹ ĐÚNG.

(3) Dù môi trường ổn định hay không ổn định thì CLTN vẫn luôn diễn ra. ⟹ SAI.

(4) CLTN tác động lên cả mức độ cá thể cũng như quần thể, do đó tác động của CLTN là không phụ thuộc vào kích thước của quần thể. ⟹ ĐÚNG.

Vậy có 2 ý đúng.

Đáp án D

- Kiểu gen trên cho tối đa 4.2.2.2 = 32 loại tinh trùng khi có hoán vị gen.

- Trong 32 loại tinh trùng có 16 loại tinh trùng chỉ chứa các gen liên kết, 16 loại tinh trùng mang các gen hoán vị gặp ở cặp AB//ab.

Khi 1 tế bào giảm phân có hoán vị sẽ cho 2 loại giao tử hoán vị và 2 loại giao tử liên kết. Tương ứng với mỗi cách sắp xếp của NST trên mặt phẳng phân bào ở kì đầu giảm phân I sẽ cho các loại giao tử khác nhau.

⟹ Để cho 16 giao tử hoán vị cần tối thiểu 8 tế bào xảy ra hoán vị. Và tương ứng cũng sẽ thu được 16 giao tử liên kết khác nhau.

- Khoảng cách giữa A và B là 30cM ⟹ hoán vị gen = 30%.

⟹ Tỉ lệ tế bào khi giảm phân có hoán vị = 60%

⟹ Để cho 16 giao tử hoán vị cần tối thiểu 8 tế bào hoán vị.

Như vậy, có 60% số tế bào giảm phân có hoán vị gen ở cặp AB//ab ứng với 8 tế bào.

⟹ Tổng số tế bào tối thiểu = 8/0,6 ≈ 13,33.

Vậy cần tối thiểu là 14 tế bào.

Đáp án B

Do đề cho CTDT của quần thể riêng rẽ từng giới, vì vậy cần tính tần số alen riêng:

Giới đực: A = 0,36 + 0,48/2 = 0,6; a = 0,4.

Giới cái: A = 0,25 + 0,5/2 = 0,5; a = 0,5.

Khi thế hệ P giao phối ngẫu nhiên thì CTDT của quần thể ${\mathrm{F}}_1$ sẽ là:

⟹ CTDT: 0,3 AA + 0,5 Aa + 0,2 aa = 1.

⟹ Tần số alen ở ${\mathrm{F}}_1$ là: A = 0,3 + 0,5/2 = 0,55; a = 0,45.

Quần thể ${\mathrm{F}}_1$ ngẫu phối nên quần thể ${\mathrm{F}}_2$ sẽ CBDT và có CTDT là:

0,3025 AA + 0,495 Aa + 0,2025 aa = 1.

Do khi quần thể đạt trạng thái CBDT thì các cá thể aa không có khả năng sinh sản nên ở ${\mathrm{F}}_2$ sẽ chỉ có các cá thể AA và Aa tham gia sinh sản.

⟹ Tỉ lệ các KG tham gia sinh sản ở ${\mathrm{F}}_2$ là:

AA = 0,3025/(1-0,2025) = 11/29.

Aa = 1 – AA = 1 – 11/29 = 18/29.

⟹ Tỉ lệ giao tử: A = 11/29 + (18/29).(1/2) = 20/29; a = 9/29.

⟹ Tỉ lệ KG ở ${\mathrm{F}}_3$ là:

AA = ^{${\left(20/29\right)}^{2+}$} = 400/841;

Aa = 2.(20/29).(9/29) = 360/841;

aa = ${\left(9/29\right)}^2$ = 81/841.

⟹ Tỉ lệ KH ở ${\mathrm{F}}_3$ là: 760 hoa đỏ : 81 hoa trắng.

Đáp án C

Thấy rằng bệnh do 2 đột biến gen thuộc 2 locut khác nhau quy định.

III1 bị bệnh mang toàn gen lặn. II4 và II5 bị bệnh sinh được con bình thường chứng tỏ chỉ cần chứa 1 hoặc cả 2 gen lặn thuộc 2 locut đều bị bệnh. Người bình thường là người chứa alen trội về cả 2 locut.

Ta có thể quy ước về KG như sau:

A-B-; bình thường;

(A-bb + aaB- + aabb): bị bệnh.

 Như vậy ta có thể tìm được sơ bộ KG của các thành viên trong phả hệ như sau:

+) III1 mang toàn gen lặn ⇒ II2 và II3 chắc chắn có KG AaBb.

⟹III2 bình thường có bố mẹ dị hợp về 2 cặp gen nên sẽ có thể có 4 KG (A-B-) là AABB; AABb; AaBB và AaBb. ⟹ Ý (1) ĐÚNG.

+) II4 và II5 có KG đồng hợp, bị bệnh sinh con bình thường nên sẽ có KG là AAbb và aaBB.

⟹ III3 và III4 chắc chắn có KG là AaBb. ⇒ Ý (2) ĐÚNG, ý (3) SAI.

+) Xét cặp vợ chồng III2 và III3:

III2 có bố mẹ là: AaBb x AaBb

⇒ III2 (A-B-) có tỉ lệ KG là: 1/9AABB: 2/9AABb: 2/9AaBB: 4/9AaBb.

⇒ Ta có sơ đồ lai:

III2 (1/9AABB:2/9AABb:2/9AaBB:4/9AaBb) x III3 (AaBb)

4/9AB : 2/9Ab : 2/9aB : 1/9 ab ; 1/4AB : 1/4Ab : 1/4aB : 1/4ab

⇒ (A-B-) = 4/9.1 + 2/9.(1/4+1/4).2 + 1/9.1/4 = 0,6944. ⇒ Ý (4) ĐÚNG.

Vậy có 3 ý đúng.

Đáp án D

(1) MARN là sản phẩm của quá trình phiên mã chứ không phải thành phần tham gia. ⇒ SAI.

(2) Enzim ARN polimeraza có khả năng tự mở xoắn mà không cần enzim mở xoắn như trong quá trình tái bản. ⇒ SAI.

(3) Quá trình phiên mã có AND làm khuôn chứa 4 loại Nu là A, T, G, X và cần các Nu tự do từ môi trường để tạo thành ARN, do đó cần có 8 loại Nu tham gia. ⇒ ĐÚNG.

(4) AND là khuôn tổng hợp nên ARN. ⇒ ĐÚNG.

(5) Bản chất của các enzim chính là protein. Quá trình phiên mã có sự tham gia của enzim. ⇒ ĐÚNG.

(6) Enzim ARN polimeraza có khả năng tự xúc tác tổng hợp chuỗi polinucleotit mà không cần đoạn mồi như enzim AND polimeraza. ⇒ SAI.

(7) ARN polimeraza là enzim tổng hợp ra ARN. ⇒ ĐÚNG.

(8) Riboxom tham gia quá trình dịch mã chứ không tham gia phiên mã. ⇒ SAI.

Vậy có 4 yếu tố không tham gia vào phiên mã ở sinh vật nhân sơ.