Bộ 20 đề thi giữa kì 2 Toán 12 có đáp án năm 2022-2023 (Đề 11)

Thi Online Bộ 20 đề thi giữa kì 2 Toán 12 có đáp án năm 2022-2023

Bộ 20 đề thi giữa kì 2 Toán 12 có đáp án năm 2022-2023 (Đề 11)

4710 lượt thi
35 câu hỏi
45 phút

BẮT ĐẦU LÀM BÀI

Câu 1:

Tìm m để hàm số $y = 4 x^{3} + m x^{2} - 12 x$ đạt cực tiểu tại điểm $x = - 2$ .

A. $m = - 9$

B. Không có m

C. m=9

D. m=2

Xem đáp án

Chọn B

y^{'} = 12 x^{2} + 2 m x - 12

{y^{'}}^{'} = 24 x + 2 m

Hàm số bậc ba đạt cực tiểu tại x=2

\Leftrightarrow \{\begin{cases} y^{'} (- 2) = 0 \\ {y^{'}}^{'} (- 2) > 0 \end{cases}

\Leftrightarrow \{\begin{cases} 36 - 4 m = 0 \\ - 48 + 2 m > 0 \end{cases}

\Leftrightarrow \{\begin{cases} m = 9 (L o a i) \\ m > 24 \end{cases}

Vậy không có m thỏa yêu cầu bài toán.

Câu 2:

Cho hàm số $y = - \frac{x^{3}}{3} - m x^{2} - (2 m + 3) x - m$ ( m là tham số). Có bao nhiêu giá trị nguyên của m để hàm số nghịch biến trên $ℝ$ ?

A. 5

B. 3

C. 4

D. 2

Xem đáp án

Chọn A
Tập xác định của hàm số đã cho là R.
Ta có:

y^{'} = - x^{2} - 2 m x - (2 m + 3)

.
Hàm số nghịch biến trên R

\Leftrightarrow y^{'} \leq 0, \forall x \in ℝ

\Leftrightarrow \{\begin{cases} a < 0 \\ Δ^{'} \leq 0 \end{cases} \Leftrightarrow \{\begin{cases} - 1 < 0 \\ m^{2} - 2 m - 3 \leq 0 \end{cases}

\Leftrightarrow - 1 \leq m \leq 3

.
Mặt khác

m \in ℤ

nên

m \in \{- 1; 0; 1; 2; 3\}

.
Vậy có 5 giá trị nguyên của m để hàm số nghịch biến trên R.

Câu 3:

Cho hình chóp S.ABCD, có đáy ABCD là hình thang vuông tại A và D, có $A B = 2 a$ , $A D = D C = a$ , $S A = a$ và $S A ⊥ (A B C D)$ . Tan của góc giữa hai mặt phẳng (SBC) và (ABCD) là

A. $\sqrt{2}$

B. $\frac{1}{\sqrt{2}}$

C. $\frac{1}{\sqrt{3}}$

D. $\sqrt{3}$

Xem đáp án

Chọn B

Cách 1: Gọi I là trung điểm của AB suy ra

A I = \frac{1}{2} A B = a

. Mặt khác ABCD là hình thang vuông và AD=DC=a, nên là hình vuông suy ra

C I = a

.
Vậy trong tam giác ACB có đường trung tuyến

C I = \frac{1}{2} A B

và

C I ⊥ A B

, nên

Δ A C B

vuông cân tại C, hay

A C ⊥ C B

(1).
Mà theo giả thiết

S A ⊥ (A B C D) \Rightarrow S A ⊥ C B

(2).
Từ (1) và (2) suy ra

C B ⊥ S C

.
Do đó góc giữa hai mặt phẳng

(S B C)

và

(A B C D)

là góc giữa hai đường thẳng trong hai mặt phẳng cùng vuông góc với giao tuyến, tức là góc

\hat{S C A} = α

.
Ta có

A C = a \sqrt{2}

. Vậy

\tan α = \frac{a}{a \sqrt{2}} = \frac{1}{\sqrt{2}}

.
Cách 2:
Gọi I là trung điểm củaAB suy ra

A I = \frac{1}{2} A B = a

Suy ra

A C ⊥ C B

(1).
Mà

S A ⊥ (A B C D) \Rightarrow S A ⊥ C B

(2)
Từ (1) và (2) suy ra

S C ⊥ C B

Vậy góc giữa hai mặt phẳng

(S B C)

và

(A B C D)

là góc giữa hai đường thẳng trong hai mặt phẳng cùng vuông góc với giao tuyến, tức là góc

\hat{S C A} = α

Do đó

\tan α = \frac{a}{a \sqrt{2}} = \frac{1}{\sqrt{2}}

Câu 4:

Kí hiệu m. M lần lượt là giá trị nhỏ nhất, giá trị lớn nhất của hàm số $y = \frac{x + 3}{2 x - 1}$ trên đoạn $[1; 4]$ . Tính giá trị của biểu thức $d = M - m$ .

A. d=4

B. d=3

C. d=5

D. d=2

Xem đáp án

Chọn B
Nhận thấy

y^{'} = \frac{- 7}{{(2 x - 1)}^{2}} < 0 \forall x \in [1; 4]

, nên:
Giá trị lớn nhất của hàm số trên đoạn

[1; 4]

là

M = y (1) = 4

.
Giá trị nhỏ nhất của hàm số trên đoạn

[1; 4]

là

m = y (4) = 1

Vậy giá trị của biểu thức

d = M - m = 4 - 1 = 3

Câu 5:

Cho lăng trụ tam giác đều $A B C . A^{'} B^{'} C^{'}$ có $A B = a$ ; $A^{'} B$ tạo với mặt đáy $(A B C)$ một góc $60^{0}$ . Tính thể tích V khối lăng trụ đã cho.

A. $V = \frac{a^{3}}{4}$

B. $V = \frac{3}{2} a^{3}$

C. $V = \frac{3}{4} a^{3}$

D. $V = 3 a^{3}$

Xem đáp án

Chọn C

Vì

A B C . A^{'} B^{'} C^{'}

là lăng trụ tam giác đều nên

A A^{'} ⊥ (A B C)

và

Δ A B C

đều.
Suy ra

\{\begin{cases} \hat{(A^{'} B; (A B C))} = \hat{A^{'} B A} = 60^{0} \Rightarrow A A^{'} = A B . \tan 60^{0} = a \sqrt{3} \\ S_{Δ A B C} = \frac{a^{2} \sqrt{3}}{4} \end{cases}

\Rightarrow V = A A^{'} . S_{Δ A B C} = a \sqrt{3} . \frac{a^{2} \sqrt{3}}{4} = \frac{3}{4} a^{3}

Bắt đầu thi để xem toàn bộ câu hỏi trong đề

Bài thi liên quan: