5920 câu Trắc nghiệm tổng hợp môn Toán 2023 có đáp án (Phần 23)

🔥 Học sinh cũng đã học

578 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THPT Lê Trọng Tấn (TP.HCM) có đáp án

5.4 K lượt thi 22 câu hỏi

194 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THPT Thủ Đức (TP.HCM) có đáp án

5 K lượt thi 22 câu hỏi

138 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THPT Ngô Quyền (TP.HCM) có đáp án

4.9 K lượt thi 22 câu hỏi

110 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THPT Mạc Đĩnh Chi (TP.HCM) có đáp án

4.9 K lượt thi 21 câu hỏi

80 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THCS - THPT Trần Cao Vân (TP.HCM) có đáp án

4.9 K lượt thi 22 câu hỏi

91 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THPT Bùi Thị Xuân (TP.HCM) có đáp án

4.9 K lượt thi 22 câu hỏi

112 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THPT Marie Curie (TP.HCM) có đáp án

4.9 K lượt thi 22 câu hỏi

111 người thi tuần này

Đề thi cuối kì 1 Toán 12 năm 2025-2026 THPT Nguyễn Thị Minh Khai (TP.HCM) có đáp án

4.9 K lượt thi 22 câu hỏi

Danh sách câu hỏi:

Câu 1/118

Cho đường tròn (O) và dây cung AB của (O) không là đường kính. Gọi I là trung điểm của AB. Một đường thẳng thay đổi đi qua A cắt đường tròn tâm O bán kính OI tại P và Q.

a) Chứng minh rằng AP.AQ = AI².

Xem đáp án

Lời giải

Cho đường tròn (O) và dây cung AB của (O) không là đường kính. Gọi I là trung điểm của AB. Một đường thẳng thay đổi đi qua (ảnh 1)

a) Ta có:

$\hat{A I P} = \hat{P Q I}$ (góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung, góc nội tiếp cùng chắn cung IP)

$\Rightarrow \hat{A I P} = \hat{A Q I}$

Xét ∆AIP và ∆AQI có:

$\hat{A I P} = \hat{A Q I}$ (cmt)

$\hat{A}$ : góc chung

Þ ∆AIP ᔕ ∆AQI (g.g)

$\Rightarrow \frac{A I}{A Q} = \frac{A P}{A I} \Rightarrow A P . A Q = A I^{2}$ (1) (đpcm)

Câu 2/118

b) Giả sử đường tròn ngoại tiếp tam giác BPQ cắt AB tại K khác B. Chứng minh

rằng AK.AB = AP.AQ.

Xem đáp án

Lời giải

b. Ta có:

$\hat{P Q K} = \hat{K B P}$ (Hai góc nội tiếp cùng chắn cung PK)

$\Rightarrow \hat{A Q K} = \hat{A B P}$

Xét ∆AQK và ∆ABP có:

$\hat{A Q K} = \hat{A B P}$ (cmt)

$\hat{A}$ : góc chung

Þ ∆AQK ᔕ ∆ABP (g.g)

$\Rightarrow \frac{A Q}{A B} = \frac{A K}{A P} \Rightarrow A K . A B = A P . A Q$ (2) (đpcm)

Câu 3/118

c) Chứng minh rằng K là trung điểm của AI.

Xem đáp án

Lời giải

c. Từ (1) và (2) suy ra $A K . A B = A I^{2} (= A P . A Q)$

Mà I là trung điểm của AB nên $A K . 2 A I = A I^{2} \Leftrightarrow 2 A K = A I$ .

Vậy K là trung điểm của AI.

Câu 4/118

Cho đường tròn (C) tâm O với I là trung điểm của dây AB không đi qua O. Một đường thẳng thay đổi đi qua A cắt đường tròn (C₁) tâm O bán kính OI tại P và Q. Chứng minh rằng:

a) Tích AP.AQ không đổi.

Xem đáp án

Lời giải

Cho đường tròn (C) tâm O với I là trung điểm của dây AB không đi qua O. Một đường thẳng thay đổi đi qua A cắt đường tròn (C1) (ảnh 1)

a) Ta có:

$\hat{A I P} = \hat{P Q I}$ (Góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung, góc nội tiếp cùng chắn cung IP)

$\Rightarrow \hat{A I P} = \hat{A Q I}$

Xét ∆AIP và ∆AQI có:

$\hat{A I P} = \hat{A Q I}$ (cmt)

$\hat{A}$ : góc chung

Þ ∆AIP ᔕ ∆AQI (g.g)

$\Rightarrow \frac{A I}{A Q} = \frac{A P}{A I} \Rightarrow A P . A Q = A I^{2}$ (1)

Mà AI là cố định nên tích AP.AQ không đổi.

Câu 5/118

b) Đường tròn ngoại tiếp tam giác BPQ luôn đi qua một điểm cố định khác B.

Xem đáp án

Lời giải

b. Lấy điểm K sao cho K khác B là giao điểm của đường tròn ngoại tiếp tam giác BPQ và đoạn thẳng AB.

Ta có:

$\hat{P Q K} = \hat{K B P}$ (Hai góc nội tiếp cùng chắn cung PK)

$\Rightarrow \hat{A Q K} = \hat{A B P}$

Xét ∆AQK và ∆ABP có:

$\hat{A Q K} = \hat{A B P}$ (cmt)

$\hat{A}$ : góc chung

Þ ∆AQK ᔕ ∆ABP (g.g)

$\Rightarrow \frac{A Q}{A B} = \frac{A K}{A P} \Rightarrow A K . A B = A P . A Q$ (2)

Từ (1) và (2) suy ra $A K . A B = A I^{2} (= A P . A Q)$

Mà I là trung điểm của AB nên $A K . 2 A I = A I^{2} \Leftrightarrow 2 A K = A I$

Vậy K là trung điểm của AI nên K cố định.

Vậy đường tròn ngoại tiếp tam giác BPQ luôn đi qua một điểm cố định khác B là K.

Câu 6/118

Cho parabol $(P) : y = \frac{1}{2} x^{2}$ và hai điểm A, B thuộc (P) có hoành độ lần lượt là −1; 2. Đường thẳng (d) có phương trình y = mx + n.

a) Tìm tọa độ hai điểm A, B. Tìm m, n biết (d) đi qua hai điểm A, B.

Xem đáp án

Lời giải

Cho parabol 9P): y= 1/2x^2 và hai điểm A, B thuộc (P) có hoành độ lần lượt là −1; 2. Đường thẳng (d) có phương trình y = mx + n. (ảnh 1)

a) Tung độ hai điểm A, B Î (P) là:

$\{\begin{cases} y_{A} = \frac{1}{2} \cdot {(- 1)}^{2} = \frac{1}{2} \\ y_{B} = \frac{1}{2} \cdot 2^{2} = 2 \end{cases}$

Vậy $A (- 1; \frac{1}{2}); B (2; 2)$ .

Đường thẳng (d) đi qua hai điểm $A (- 1; \frac{1}{2}); B (2; 2)$ có phương trình là:

(d): $\frac{x + 1}{2 + 1} = \frac{y - \frac{1}{2}}{2 - \frac{1}{2}}$

$\Leftrightarrow \frac{x + 1}{3} = \frac{2 y - 1}{3}$

$\Leftrightarrow y = \frac{1}{2} x + 1$

Vậy

\{\begin{cases} m = \frac{1}{2} \\ n = 1 \end{cases}

là các giá trị cần tìm.

Câu 7/118

b) Tính độ dài đường cao OH của tam giác OAB. (điểm O là gốc tọa độ).

Xem đáp án

Lời giải

b) Ta có:

$O H = d_{O / A B} = \frac{|\frac{1}{2} .0 - 0 + 1|}{\sqrt{{(\frac{1}{2})}^{2} + {(- 1)}^{2}}} = \frac{2 \sqrt{5}}{5}$ .

Câu 8/118

Cho parabol $(P) : y = \frac{1}{2} x^{2}$ và hai điểm A, B thuộc (P) có hoành độ lần lượt là −1; 2. Đường thẳng (d) có phương trình y = mx + n.

a) Tìm tọa độ hai điểm A, B.

Xem đáp án

Lời giải

Cho parabol (P): y= 1/2x^2 và hai điểm A, B thuộc (P) có hoành độ lần lượt là −1; 2. Đường thẳng (d) có phương trình y = mx + n. a) Tìm tọa độ hai điểm A, B. (ảnh 1)

a) Tung độ hai điểm A, B Î (P) là:

$\{\begin{cases} y_{A} = \frac{1}{2} \cdot {(- 1)}^{2} = \frac{1}{2} \\ y_{B} = \frac{1}{2} \cdot 2^{2} = 2 \end{cases}$ .

Vậy $A (- 1; \frac{1}{2}); B (2; 2)$ .

Câu 9/118